解決
まず、考える\を（ '*' \）となり\（ '' \）どのような形の会議の後、
どうやら、少なくとも\（* 2 2 \）長方形。
ので\（1 * 1 \）と\（1 * 2 \）は、ああ無駄変更されます
私たちが考えるときとすべきである（\「*」）\、を取り除くために
潜在的に重複の数と見なすことができる長方形のため（2 * 2 \）\矩形を、
で\（2 * 2 \）矩形で
ある場合は3 \は（ '' \） 、です\（\ '*'） 、この\は（ '*' \）を取り除くことが必要であり、
それ以外の場合は、四角形を綴ることは不可能です。
（誘導はそれを理解して...）
そのため、それぞれの直接のための\（ '*' \） 、
または必要性を取り除くために決定されます
では\（DFS \）リスト上の次のグリッドを更新します。
（とLZF次のマーチングなぜ分からないのです\（BFS \）が Tとなっています）
コード:(いくつかの巧妙な場所のタイムコードの実装）
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#define fre(x) freopen(x".in","r",stdin),freopen(x".out","w",stdout)
using namespace std;
inline int read(){
int sum=0,f=1;char ch=getchar();
while(ch>'9' || ch<'0'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
while(ch>='0' && ch<='9'){sum=sum*10+ch-'0';ch=getchar();}
return f*sum;
}
const int N=2005;
int n,m,a[N][N];
int pl,pr,tl,tr;
int que[N*N][3],vis[N][N];
int sta[N*N][3],top;
int dx[5]={-1,0,1,0,-1},dy[5]={0,1,0,-1,0};
char ss[N];
inline void dfs(int x,int y){
if(a[x][y]) return ;
if(x>n||y>m||!x||!y) return ;
for(int k=0;k<4;k++){
int x1=x+dx[k],y1=y+dy[k];
int x2=x+dx[k+1],y2=y+dy[k+1];
int x3=x+(dx[k]?dx[k]:dx[k+1]),y3=y+(dy[k]?dy[k]:dy[k+1]);
if(a[x1][y1]&&a[x2][y2]&&a[x3][y3]){
a[x][y]=1;
for(int i=x-1;i<=x+1;i++)
for(int j=y-1;j<=y+1;j++) dfs(i,j);
return ;
}
}
}
int main(){
n=read();m=read();
for(int i=1;i<=n;i++){
cin>>ss;
for(int j=1;j<=m;j++) a[i][j]=(ss[j-1]=='.');
}
for(int i=1;i<=n;i++){
for(int j=1;j<=m;j++) dfs(i,j);
}
for(int i=1;i<=n;i++,puts(""))
for(int j=1;j<=m;j++) printf("%c",a[i][j]? '.':'*');
return 0;
}