题意：
有n * k块木板，每个木桶由k木板组成，每个木桶的容量定义为它最短的那块木板的长度。
任意两个木桶的容量v1，v2，满足|v1-v2| <= d。
问n个木桶容量的最大的和为多少，或者说明不可能做出这样的n个木桶。
思路：
贪心
要满足|v1-v2| <= d，那么就要满足最大的木桶容量和最小的木桶容量的差小于等于d。
所以先把木板长度排序，如果a[0] 到 a[0] + d这个范围内有大于等于n个木板，那么就存在合理的分配方案，因为可以把至少n个木板作为最短的木板。
然后就计算最大的和，如果a[0] 到 a[0] + d这个范围内刚好有n块木板，那么最大的和就是这n块木板长度的和；
如果大于n的话，那么就要考虑让每个木桶最小木板的长度尽可能的大，就是让每个最小木板尽选择数组后面的数字。
因为1块木板可以支配k - 1块木板，所以下一个木桶的最小长度就可以从a[k]开始，这样就让最小的尽量大了。
一个木板可以覆盖的区间长度是k，假设a[0] 到 a[0] + d这个范围内有sum块木板，那么多余的木板就是res = sum - n。
区间数量就是c = res / (k-1)，设r = res / (k - 1)，
当r = 0，那么就有c个完整的区间，前c个木桶的长度就是0*k，1*k，2*k . . . (c-1)*k，后n - c个木桶的容量的下标就从c * k到sum-1；
当r != 0，有c个完整的区间和一个不完整的区间，前c + 1个木桶的容量就是0 * k，1 * k，2 * k . . . c * k，后n - c - 1个木桶的容量的下标就从c * k + r + 1到sum - 1。
代码：
1 #include <stdio.h> 2 #include <string.h> 3 #include <algorithm> 4 using namespace std; 5 const int N = 1e5 + 10; 6 long long a[N]; 7 int main() 8 { 9 int n,k; 10 long long l; 11 scanf("%d%d%lld",&n,&k,&l); 12 for (int i = 0;i < n * k;i++) scanf("%lld",&a[i]); 13 sort(a,a+n*k); 14 //printf("%lld\n",a[0] + l); 15 int pos = upper_bound(a,a+n*k,a[0] + l) - a; 16 pos--; 17 //printf("%d\n",pos); 18 if (pos < n - 1) puts("0"); 19 else 20 { 21 long long ans = 0; 22 int sum = pos + 1; 23 if (sum == n) 24 { 25 for (int i = 0;i < n;i++) ans += a[i]; 26 } 27 else 28 { 29 if (k == 1) 30 { 31 for (int i = 0;i < n;i++) ans += a[i]; 32 } 33 else 34 { 35 int c = (sum - n) / (k - 1); 36 int r = (sum - n) % (k - 1); 37 if (r) 38 { 39 for (int i = 0;i <= c;i++) 40 { 41 ans += a[i*k]; 42 } 43 n -= c + 1; 44 for (int i = k * c + r + 1;i <= pos;i++) 45 { 46 if (n == 0) break; 47 ans += a[i]; 48 n--; 49 } 50 } 51 else 52 { 53 for (int i = 0;i < c;i++) 54 { 55 ans += a[i*k]; 56 } 57 n -= c; 58 for (int i = k * c;i <= pos;i++) 59 { 60 if (n == 0) break; 61 ans += a[i]; 62 n--; 63 } 64 } 65 } 66 } 67 printf("%lld\n",ans); 68 } 69 return 0; 70 }