对于一个叫做foo的bitset：
foo.size() 返回大小（位数）
foo.count() 返回1的个数
foo.any() 返回是否有1
foo.none() 返回是否没有1
foo.set() 全都变成1
foo.set(p) 将第p + 1位变成1
foo.set(p, x) 将第p + 1位变成x
foo.reset() 全都变成0
foo.reset(p) 将第p + 1位变成0
foo.flip() 全都取反
foo.flip(p) 将第p + 1位取反
foo.to_ulong() 返回它转换为unsigned long的结果，如果超出范围则报错
foo.to_ullong() 返回它转换为unsigned long long的结果，如果超出范围则报错
foo.to_string() 返回它转换为string的结果
题目大意：求对于每个人来说，5门功课的名次都比他靠前的人数。
由提示中，我们就知道需要用bitset用解这题，（否则的话五维偏序得CDQ分治和数据结构套来套去）。主要思路就是如果我们知道单独每个科目名次靠前的集合，那么就是求5个集合的交集，但这个求交集上如果是用暴力的方法很明显会超时，这时候就需要运用到bitset了，其实c++/Java中的一种数据结构类似于数组，但可以直接对其做位运算。这样我们知道每个人的每门功课排第几，那么我们也可以知道每门功课排第几是谁。这样的话,bitset比当前名次靠前的人，如100100，就表示这么功课比当前名次靠前的有第0个人，和第3个人（我习惯从0开始），类似状压的思想。
二进制tql
更多的见nimphy的【整理】STL中的bitset（二进制华丽解决假五维偏序题）