一、题目
有n名选手在玩游戏，他们每个人有一个字符，每个字符都有自己固定的若干个特征。特征的种类数为k。每个人的特征为特征总集的一个子集。
两个字符的相似度定义为：如果两个字符A和B同时拥有某个特征或者同时没有某个特征，它们的相似度加一。
蒜头君想创造出一个字符，它与其它n名选手的字符的相似度分别为a1, a2, …, an，假设其中最大的相似度为ax，蒜头君希望ax尽量小。
输入格式
输入第一行包含两个整数n，k（1 <= n <= 105, 1 <= k <= 20）分别表示选手的个数以及特征的种类数。下面n行每行包含一个字符串表示某个选手的特征状态，如果在j位置有一个1表示他有第j个特征，否则没有。
输出格式
输出一个满足条件的字符串。
注：本题答案不唯一，符合要求的答案均正确
样例输入1
3 5
01001
11100
10111
样例输出1
00010
样例输入2
1 4
0000
样例输出2
1111
二、分析
（一）定义距离
本题考察相似度，反过来说就是考察不相似度。不相似度大，相似度就小；不相似度小，相似度就大。
可以用距离来衡量不相似度。若两个数有一位不一样，则不相似度为1，即距离为1。若两个数有两位不一样，则不相似度为2，即距离为2。若两个数有三位不一样，则不相似度为3，即距离为3。依此类推。
（二）求最大距离
题目要求最大的相似度最小，也就是求最小的距离最大。现在分析样例1，画出含3棵树的图如下所示：
与01001距离为1的结点有01000，01011，01101，00001，11001。换成十进制，即与9距离为1的结点为8，11，13，1，15。
与11100距离为1的结点有11101，11110，11000，10100，01100。换成十进制，即与28距离为1的结点为29，30，24，20，12。
与10111距离为1的结点有10110，10101，10011，11111，00111。换成十进制，即与23距离为1的结点为22，21，19，31，7。
与01000距离为1的节点有01001，01010，01100，00000，11000。换成十进制，即与8距离为1的节点为9，10，12，0，24。这里9即为第一层的节点。12和24与第一棵树的根节点28的距离为1。另两个节点10和 0，与第一层节点9的距离为2。
从图形里可以看出，节点10、节点0与第一层三个根节点的最小距离就是2。因为若把这两个节点放到28那棵树上，则这两个节点与根节点28的距离必然大于或等于2。同样若把这两个节点放到23那棵树上，则这两个节点与根节点23的距离必然大于或等于2。
把2k = 25 = 32个节点都挂到3棵树上后，可以发现节点2与根节点9的距离最大，为3。若把节点2挂到根节点为28的树上，则节点2与根节点28的距离必然大于或等于3（实际上很容易算出节点2与节点28的距离是4）。同样道理，若把节点2挂到根节点为23的树上，则节点2与根节点23的距离必然大于或等于3（实际上很容易算出节点2与节点23的距离是3）。
综上，三棵树上的最小深度（距离）为3，这就是所求的答案。
（三）广度优先搜索
这里需要用到广度优先搜索。广度优先搜索需要用到队列。在每个节点入队时，都要把距离为1的节点入队，入队即说明节点被遍历过。当然，已经遍历过的节点，就不需要再次入队了。在这里，可以根据一个节点的距离大小来判断节点是否已经遍历过。具体可以看实现代码。
三、代码
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 21;
const int MAXN = 1e5 + 5;
int dist[1<<N], n, k;
char s[MAXN];
queue<int> q;
void bfs()
{
while(q.size())
{
int u = q.front();
q.pop(); // 队首元素出队，接着要把相邻的5个元素入队
for(int i = 0; i < k; i++)
{
// if(i == 0)
// {
// printf("\n>>>>>>>>>>>>\ndist[%d] = %d\n", u, dist[u]);
// }
// printf("\n* dist[%d] = %d\n", u ^ (1<<i), dist[u ^ (1<<i)]);
if(dist[u ^ (1<<i)] > dist[u])
{
dist[u ^ (1<<i)] = dist[u] + 1; // 不相似度即距离加1
// printf("** dist[%d] = %d\n", u ^ (1<<i), dist[u ^ (1<<i)]);
q.push(u^(1<<i));
}
}
}
}
// 十进制化为二进制再打印出来
void PRINT(int val)
{
for(int i = k - 1; i >= 0; i--)
{
printf("%d",(val & (1<<i)) > 0);
}
}
int main()
{
freopen("test.in", "r", stdin);
memset(dist, 0x7f, sizeof(dist));
scanf("%d%d", &n, &k);
for(int i = 1; i <= n; i++)
{
// 把几个原始的数据按顺序入队
scanf("%s", s);
int len = strlen(s), p = 0, sValue = 0;
for(int j = len-1; j >= 0; j--)
{
sValue += (1<<p) * (s[j]-'0');
p++;
}
q.push(sValue);
dist[sValue] = 0;
}
bfs();
int maxDist = 0, ans = 0;
for(int i = 0; i < (1<<k); i++)
{
if(dist[i] > maxDist)
{
maxDist = dist[i];
ans = i;
}
}
PRINT(ans);
return 0;
}
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