题目大意：给你一个序列，定义一个子序列的权值表示子序列中元素的异或和，现在让你选出两个互不相交的子序列，求选出的这两个子序列权值相等的方案数，n,a_{i}\leq 10^{6}
这是一道考察对FWT算法理解的好题。然而我并不会
思路来自出题人的题解
假设权值最大值为$m$
暴力怎么搞？背包$DP$一下
定义$f(i,j)$表示现在遍历到了第$i$个元素，选出的两个子序列异或和为$j$的方案数，容易得到方程：
$f(i,j)=f(i-1,j)+2*f(i-1,j\;xor\;a_{i})$
时间复杂度$O(nm)$，可以获得30分
看那个卷积形式，$FWT$？
时间复杂度$O(nmlogm)$，可以获得..0分
我们发现每一层的生成函数里只有两个位置有值
假设现在我们遍历到了第$i$个物品$a_{i}$，第$i$层的生成函数长这个样：
$f_{i}(0)=1, f_{i}(a_{i})=2$
其它位置都是0诶
对它进行FWT正变换，会发现正变换之后的数组里只有-1和3
因为$f_{i}(0)$对每个位置都有+1的贡献，而$f_{i}(a_{i})$对每个位置有+2或-2点贡献
重新考虑那个$0$分暴力。我们把每一层都正变换，然后对应位置相乘，再逆变换回来
我们可以想办法快速求出对应位置相乘之后的数组$F$，这样再用一次逆变换就行了
我们只需要统计出每个位置上有几个3相乘，设3的数量是$x$，-1的数量就是$n-x$，快速幂一下，就能得到$F$了
我们把贡献积转化成了指数上的贡献和，发现只用一次正变换就行啦！
再用快速幂把贡献和转化成贡献积。最后逆变换回来就行了
时间$O(mlogm)$
1 #include <cstdio> 2 #include <cstring> 3 #include <algorithm> 4 #def_{i}ne N1 (1<<20)+10 5 #def_{i}ne ll long long 6 using namespace std; 7 const int p=998244353; 8 9 template <typename _T> void read(_T &ret) 10 { 11 ret=0; _T fh=1; char c=getchar(); 12 while(c<'0'||c>'9'){ if(c=='-') fh=-1; c=getchar(); } 13 while(c>='0'&&c<='9'){ ret=ret*10+c-'0'; c=getchar(); } 14 ret=ret*fh; 15 } 16 17 ll qpow(ll x,ll y) 18 { 19 ll ans=1; 20 for(;y>0;x=x*x%p,y>>=1) if(y&1) ans=ans*x%p; 21 return ans; 22 } 23 24 void FWT_XOR(int *s,int len,int type) 25 { 26 int i,j,k,t,inv2=qpow(2,p-2); 27 for(k=2;k<=len;k<<=1) 28 for(i=0;i<len;i+=k) 29 for(j=0;j<(k>>1);j++) 30 { 31 t=s[i+j+(k>>1)]; s[i+j+(k>>1)]=(s[i+j]-t+p)%p; s[i+j]=(s[i+j]+t)%p; 32 if(type==-1) s[i+j]=1ll*s[i+j]*inv2%p, s[i+j+(k>>1)]=1ll*s[i+j+(k>>1)]*inv2%p; 33 } 34 } 35 36 int n,ma,len,L; 37 int a[N1],s[N1]; 38 39 int ma_{i}n() 40 { 41 scanf("%d",&n); 42 int i,j,x; 43 for(i=1;i<=n;i++) read(a[i]); 44 for(i=1;i<=n;i++) s[a[i]]++, ma=max(ma,a[i]); 45 for(len=1,L=0;len<ma+1;len<<=1,L++); 46 for(i=0;i<len;i++) if(s[i]<0) s[i]+=p; 47 FWT_XOR(s,len,1); 48 for(i=0;i<len;i++) 49 { 50 if(s[i]>n) s[i]-=p; x=(n+s[i])/2; 51 s[i]=( ( ((n-x)&1) ? -1ll:1ll )*qpow(3,x)+p)%p; 52 } 53 FWT_XOR(s,len,-1); 54 printf("%d\n",(s[0]-1+p)%p); 55 return 0; 56 }