题意:给定一个n个点的无向图,求它的点联通度,即最少删除多少个点,使得图不连通。
题解:可以想到用最小割来做,把一个点拆成i和i+N,中间连一条容量为1的边,然后无向边连INF的容量,最后枚举i+N与j求出最小值即可,注意每次枚举都要重新建图,因为跑过一次后就成0了。
附上代码:
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn=100+50;
const int INF=0x3f3f3f3f;
int N,M;
struct Edge {
int from, to, cap, flow;
Edge(int u, int v, int c, int f):from(u),to(v),cap(c),flow(f) {}
};
struct Edge1{
int u,v;
};
vector<Edge1>es;
struct EdmondsKarp {
int n, m;
vector<Edge> edges; // 边数的两倍
vector<int> G[maxn]; // 邻接表,G[i][j]表示结点i的第j条边在e数组中的序号
int a[maxn]; // 当起点到i的可改进量
int p[maxn]; // 最短路树上p的入弧编号
void init(int n) {
for(int i = 0; i < n; i++) G[i].clear();
edges.clear();
}
void AddEdge(int from, int to, int cap) {
edges.push_back(Edge(from, to, cap, 0));
edges.push_back(Edge(to, from, 0, 0));
m = edges.size();
G[from].push_back(m-2);
G[to].push_back(m-1);
}
int Maxflow(int s, int t) {
int flow = 0;
for(;;) {
memset(a, 0, sizeof(a));
queue<int> Q;
Q.push(s);
a[s] = INF;
while(!Q.empty()) {
int x = Q.front(); Q.pop();
for(int i = 0; i < G[x].size(); i++) {
Edge& e = edges[G[x][i]];
if(!a[e.to] && e.cap > e.flow) {
p[e.to] = G[x][i];
a[e.to] = min(a[x], e.cap-e.flow);
Q.push(e.to);
}
}
if(a[t]) break;
}
if(!a[t]) break;
for(int u = t; u != s; u = edges[p[u]].from) {
edges[p[u]].flow += a[t];
edges[p[u]^1].flow -= a[t];
}
flow += a[t];
}
return flow;
}
};
EdmondsKarp g;
int solve()
{
if(N==0){
return 0;
}
if(N==1){
return 1;
}
int ans=N;
for(int i=0;i<N;i++){
for(int j=0;j<N;j++){
if(i!=j){
g.init(N*2);
for(int k=0;k<N;k++){
g.AddEdge(k,k+N,1);
}
for(auto&e :es){
g.AddEdge(e.u+N,e.v,INF);
g.AddEdge(e.v+N,e.u,INF);
}
ans=min(ans,g.Maxflow(i+N,j));
}
}
}
return ans;
}
int main()
{
while(scanf("%d%d",&N,&M)!=EOF){
Edge1 e;
es.clear();
for(int i=0;i<M;i++){
scanf(" (%d,%d)",&e.u,&e.v);
es.push_back(e);
}
int ans=solve();
printf("%d\n",ans);
}
return 0;
}