这道题要求从1到n的最大xor和路径，存在重边，允许经过重复点、重复边。
第一行包含两个整数N和 M， 表示该无向图中点的数目与边的数目。 接下来M 行描述 M 条边，每行三个整数Si，Ti ，Di，表示 Si 与Ti之间存在 一条权值为 Di的无向边。 图中可能有重边或自环。
输出：仅包含一个整数，表示最大的XOR和（十进制结果）
输入
5 7
1 2 2
1 3 2
2 4 1
2 5 1
4 5 3
5 3 4
4 3 2
输出
6
题目要求很清楚，看了大佬的博客，
不过还是自己手写一下思路吧。
可以从1道n随意找一条路径然后求出他的初始的异或和,作为初始值。
然后找到所有的环。。
题解
题解
我们考虑如何得到答案，首先所有的环都是可以经过的。这是为什么呢？
一个边权为非负整数的无向连通图,节点编号为1到N,试求出一条从1号节点到N号节点的路径,使得路径上经过的边得权值的XOR和最大.
假设我们从1号点开始走，走到一个环的起点，然后我们经过这个环以后回到了环的起点，这时我们可以直接回到起点。这样，除了环上的路径，其他的路径都被抵消了。
那么我们就只选了了这个环，也就是说，任意一个环都是可以选的。
然后我们先把所有的环都选出来，选入线性基中，再选出任意一条从1到n的路径，作为初始ans。初始ans异或线性基的最大值就是我们求的答案。为什么任意选一条路径也是可行的呢？
我们选了一条路径以后，如果存在一条更优的路径，那么这两条路径肯定是构成一个环的，会被选入线性基中。那么我们再用初始的ans异或一下这个环，我们就会发现，初始的ans被抵消了，二更优的那条路径留了下来。所以，我们选一个任意的初始ans是可行的。
于是这道题的实现就很明显了。先找出所有环，构成线性基，然后找出初始ans。这两步显然是可以dfs一遍一起搞的。然后用ans去异或线性基。从高位开始往低位异或。如果当前ans异或这一位的数能使ans变大，那么就异或。最终得到的ans就是我们要求的答案。
所以根据这题，我们得到一个结论：任意一条1到n的路径的异或和，都可以由任意一条1到n的路径的异或和和一些环的异或和来组合得到。
#include<bits/stdc++.h>
#include <iostream>
#include <cmath>
#include <cstdio>
#include <stdlib.h>
#include <ctime>
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<int,int> PII;
const int inf = 0x3f3f3f3f;
const int mod = 1e9+7;
const int maxn = 1e6 + 5;
using namespace std;
int n,m;
struct Point{
ll next,to,val;
}edge[maxn*2];
ll head[maxn],cnt;
ll cnn;//成环的个数
ll a[maxn];//线性基
ll A[maxn];//成环的点
ll d[maxn];//环中到i点的异或和
bool vis[maxn];//访问标记
void init(){
memset(head,0,sizeof(head));
memset(vis,false,sizeof(0));
memset(A,0,sizeof(A));
cnt=0;
cnn=0;
}
void add(ll u,ll v,ll w)
{
cnt++;
edge[cnt].to=v;
edge[cnt].val=w;
edge[cnt].next=head[u];
head[u]=cnt;
}
void dfs(int u)
{
vis[u]=true;
for(int i=head[u];i;i=edge[i].next)
{
int v=edge[i].to;
if(!vis[v])
{
d[v]=d[u]^edge[i].val;
dfs(v);
}
else
A[cnn++]=d[u]^d[v]^edge[i].val;//环的权值
}
}
void build(ll p)
{
for(int i=62;i>=0;--i)
{
if(p>>i&1)//if(p&ll(1ll<i))
{
if(a[i]==0)
{
a[i]=p;
break;
}
p^=a[i];
}
}
}
ll query_max()
{
ll ans=d[n];
for(int i=62;i>=0;--i)
{
if((ans^a[i])>ans)
ans^=a[i];
}
return ans;
}
int main()
{
ll u,v,w;
while(scanf("%d%d",&n,&m)!=EOF)
{
init();
for(int i=0;i<m;++i)
{
scanf("%lld%lld%lld",&u,&v,&w);
add(u,v,w),add(v,u,w);
}
dfs(1);
for(int i=0;i<cnn;++i)
build(A[i]);
ll ans=query_max();
cout<<ans<<endl;
}
return 0;
}