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http://poj.org/problem?id=3281
题意:Farmer John有
头牛,
个食物,
个饮料。每头牛只喜欢某几种食物和某几种饮料。每个食物和饮料只能给一头牛,一头牛只能得到一个食物和饮料。而且一头牛必须同时获得喜欢的食物和喜欢的饮料才能满足。问至多有多少头牛可以获得满足。
一眼看不出是最大流问题,但是可以通过巧妙的建图转化成最大流问题,具体方法如下:
将每头牛分成两个点,一个点与喜欢的食物连边,一个点与喜欢的饮料连边,两个点之间再连一条容量为1的边,这样就可以保证每头牛都只选一个食物和一个饮料。然后所有食物与一个超级源点相连,所有饮料与一个超级汇点相连,连成一个像下面这样的图。
还要稍微注意的一点是编号问题,具体根据自己的习惯就好,我的编号方法是超级源点为
,食物是
,牛的第一个点是
,牛的第二个点是
,饮料是
,超级汇点是
,具体看代码注释吧。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<queue>
#define INF 0x3f3f3f
using namespace std;
const int maxn=100100;
int head[maxn],dis[maxn],k,n,D,F;
struct edge{
int v,c,next;
}e[maxn];
void addedge(int u,int v,int c)
{
e[k].v=v;e[k].c=c;e[k].next=head[u];head[u]=k++;
e[k].v=u;e[k].c=0;e[k].next=head[v];head[v]=k++;
}
int bfs(int s,int t)
{
memset(dis,0,sizeof(dis));
dis[s]=1;
queue<int> q;
q.push(s);
while(!q.empty())
{
int u=q.front();
q.pop();
for(int i=head[u];i!=-1;i=e[i].next)
{
int v=e[i].v;
if(!dis[v]&&e[i].c)
{
dis[v]=dis[u]+1;
if(v==t) return 1;
q.push(v);
}
}
}
return 0;
}
int dfs(int u,int a,int t)
{
if(u==t) return a;
int res=0;
for(int i=head[u];i!=-1;i=e[i].next)
{
if(!a) break;
int v=e[i].v;
if(e[i].c&&dis[v]==dis[u]+1)
{
int f=dfs(v,min(a,e[i].c),t);
if(f>0)
{
e[i].c-=f;
e[i^1].c+=f;
res+=f;
a-=f;
}
else
dis[v]=-1;
}
}
return res;
}
int dinic(int s,int t)
{
int res=0;
while(bfs(s,t))
{
res+=dfs(s,INF,t);
}
return res;
}
int main()
{
int x,y,a,b;
while(~scanf("%d%d%d",&n,&F,&D)){
memset(head,-1,sizeof(head));
for(int k=1;k<=n;k++)
{
scanf("%d%d",&x,&y);
for(int i=1;i<=x;i++)
{
scanf("%d",&a);
addedge(a,k+F,1);//食物与牛的第一个点连边
}
for(int i=1;i<=y;i++)
{
scanf("%d",&b);
addedge(k+F+n,b+F+n+n,1);//牛的第二个点与饮料连边
}
addedge(k+F,k+F+n,1);//牛的第一个点与第二个点连边
}
for(int i=1;i<=F;i++)
addedge(0,i,1);//食物与超级源点连边
for(int i=1;i<=D;i++)
addedge(i+F+n+n,F+n+n+D+1,1);//饮料与超级汇点连边
printf("%d\n",dinic(0,F+n+n+D+1));
}
return 0;
}