[典藏题记004]E. Erase Subsequences(DP)

非常nice的dp题。
状态是这样的:
另$t=a+b$
$dp[i][j]$表示a字符串填了前$i$个,$b$字符串填了前$j$个需要的最小$|s|$长度。
$dp[0][0]$=0
当然我们还需要枚举分界线,即我们想要的$|a|$,如此才可以确定$|b|$的前$j$个字符到底是什么。
此外,为了
状态转移方程：

$$\begin{gathered} if(s[lens]==b[lena]) \\ dp[lena+1][lenb]=min(dp[lena+1,lenb],dp[lena][lenb]转移到新状态的下一个|S|长度) \end{gathered}$$

对于这个更新状态的$|S|$长度,我们需要利用当前状态的最小长度$(x)$来找。
显然是贪心地选取$s_x,s_{x+1},\cdots (0-indexed)$中出现的第一个匹配字符。
预处理出一个$nxt[pos][j]$表明$s_x,s_{x+1},\cdots (0-indexed)$中出现的第一个匹配字符$j$。
$lenb$更新同理
复杂度为$O(n)\ast O(n^2)$枚举断点和双重状态
传送门

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
#define MAXN 402
#define fore(n) for(ll i=1;i<=n;i++)
ll n,m;
int dp[MAXN][MAXN];
int nxt[MAXN][30];
int pos[30];
int main()
{
    
    
    int t;
   // freopen("E://tt.txt","r",stdin);
    cin>>t;
    while(t--)
    {
    
    
        string a;
        string b;
        cin>>a>>b;
        n=a.length();
        m=b.length();
        for(int i=0;i<26;i++)
            pos[i]=n+1;
        for(int i=n+1;i>=0;i--)
        {
    
    
            for(int j=0;j<26;j++)
            {
    
    
                nxt[i][j]=pos[j];
            }
            if(i&&i<=n)pos[a[i-1]-'a']=i;
        }
        int is=0;
        for(int x=0;x<=m;x++)
        {
    
    
            for(int i=0;i<=m;i++)
                for(int j=0;j<=m;j++)
                    dp[i][j]=n+1;
            dp[0][0]=0;
            for(int i=0;i<=x;i++)
                for(int j=0;j<=m-x;j++)
                {
    
    
                    if(i<m)
                    dp[i+1][j]=min(dp[i+1][j],nxt[dp[i][j]][b[i]-'a']);
                    if(j+x<m)
                    dp[i][j+1]=min(dp[i][j+1],nxt[dp[i][j]][b[j+x]-'a']);
                }
            if(dp[x][m-x]<=n)
                is=1;
        }
        cout<<(is?"YES":"NO")<<endl;
    }
}