【题目描述】
墨墨购买了一套N支彩色画笔（其中有些颜色可能相同），摆成一排，你需要回答墨墨的提问。墨墨会像你发布如下指令：
-
1.
Q L R代表询问你从第\(L\)支画笔到第\(R\)支画笔中共有几种不同颜色的画笔。 -
2.
R P Col把第\(P\)支画笔替换为颜色\(Col\)。为了满足墨墨的要求，你知道你需要干什么了吗？
【输入格式】
第\(1\)行两个整数\(N,M\)，分别代表初始画笔的数量以及墨墨会做的事情的个数。
第\(2\)行\(N\)个整数，分别代表初始画笔排中第\(i\)支画笔的颜色。
第\(3\)行到第\(2+M\)行，每行分别代表墨墨会做的一件事情，格式见题干部分。
【输出格式】
对于每一个Query的询问，你需要在对应的行中给出一个数字，代表第\(L\)支画笔到第\(R\)支画笔中共有几种不同颜色的画笔。
题解
来补一道带修莫队的模板题
什么情况下用带修莫队？
当询问是询问一段区间，并且修改操作可以\(O(1)\)进行并更新答案时
带修莫队相当于是在基本莫队上加了个时间维度\(t\)，表示这次询问之前一共有\(t\)次修改。
在转移询问区间的时候，\(t\)也一样从上一个询问的\(t\)向下一个询问的\(t\)进行/撤回修改。
带修莫队的块大小就不是取\(\sqrt{n}\)了，而是取\(n^{\frac{2}{3}}\)，也就是\(\sqrt[3]{n^2}\)
我们把每个询问表示成这种形式\(\{l,r,t\}\)，其中\(l,r\)是询问区间，\(t\)表示这次询问之前一共有\(t\)次修改。
然后按照先比\(l\)再比\(r\)最后比\(t\)的顺序来进行排序(当然是比较所在的块)
然后暴力转移修改 可以证明这样做的时间复杂度约为\(O(n^{\frac{5}{3}})\)，跑\(50000\sim 100000\)应该问题不大
对\(l,r\)的修改就和普通莫队一样，\(t\)的修改则有些不同：
如果某次要进行/撤销的修改操作对当前区间\([l,r]\)有影响，就需要更新答案，否则只需要改动原数组的元素
总之也很容易写就是了
这题具体怎么写就不用多说了吧。。。
吐槽一下 洛谷上面这题太卡常了 2s时限卡了半天勉强过了
代码
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
inline int read() {
int x = 0, f = 1; char ch = getchar();
for (; ch > '9' || ch < '0'; ch = getchar()) if (ch == '-') f = -1;
for (; ch <= '9' && ch >= '0'; ch = getchar()) x = (x << 3) + (x << 1) + (ch ^ '0');
return x * f;
}
inline void write(int x) {
if (x > 9) write(x / 10);
putchar(x % 10 + '0');
}
int n, m, a[140005], b[140005], sz, tot, tme, nowans, ans[140005], cnt[1000005];
int nowl, nowr, nowt;
char s[5];
struct query{
int l, r, t, id;
friend bool operator < (query x, query y) {
if (x.l / sz == y.l / sz) {
if (x.r / sz == y.r / sz) return x.t < y.t;
else return x.r / sz < y.r / sz;
} else return x.l / sz < y.l / sz;
}
} q[140005];
struct modify{
int p, x, y;
} q2[140005];
inline void upd(int x, int v) {
cnt[x] += v;
if (cnt[x] == 0 && v == -1) nowans--;
if (cnt[x] == 1 && v == 1) nowans++;
}
inline void updtime(int t, int v) {
if (v == 1) {
if (nowl <= q2[t].p && q2[t].p <= nowr) {
upd(q2[t].x, -1); upd(q2[t].y, 1);
}
a[q2[t].p] = q2[t].y;
} else {
if (nowl <= q2[t].p && q2[t].p <= nowr) {
upd(q2[t].y, -1); upd(q2[t].x, 1);
}
a[q2[t].p] = q2[t].x;
}
}
int main() {
n = read(), m = read();
sz = pow(n, 2.0 / 3);
for (int i = 1; i <= n; i++) {
a[i] = b[i] = read();
}
for (int i = 1, x, y; i <= m; i++) {
scanf("%s", s);
x = read(), y = read();
if (s[0] == 'Q') {
q[++tot] = {x, y, tme, tot};
} else {
q2[++tme] = {x, b[x], y};
b[x] = y;
}
}
sort(q + 1, q + tot + 1);
nowl = 1, nowr = nowt = 0;
for (int i = 1; i <= tot; i++) {
while (nowt < q[i].t) updtime(++nowt, 1);
while (nowt > q[i].t) updtime(nowt--, -1);
while (nowl < q[i].l) upd(a[nowl++], -1);
while (nowl > q[i].l) upd(a[--nowl], 1);
while (nowr < q[i].r) upd(a[++nowr], 1);
while (nowr > q[i].r) upd(a[nowr--], -1);
ans[q[i].id] = nowans;
}
for (int i = 1; i <= tot; i++) {
write(ans[i]);
puts("");
}
return 0;
}