TT的魔法猫
众所周知,TT 有一只魔法猫。
这一天,TT 正在专心致志地玩《猫和老鼠》游戏,然而比赛还没开始,聪明的魔法猫便告诉了 TT 比赛的最终结果。TT 非常诧异,不仅诧异于他的小猫咪居然会说话,更诧异于这可爱的小不点为何有如此魔力?
魔法猫告诉 TT,它其实拥有一张游戏胜负表,上面有 N 个人以及 M 个胜负关系,每个胜负关系为 A B,表示 A 能胜过 B,且胜负关系具有传递性。即 A 胜过 B,B 胜过 C,则 A 也能胜过 C。
TT 不相信他的小猫咪什么比赛都能预测,因此他想知道有多少对选手的胜负无法预先得知,你能帮帮他吗?
Input
第一行给出数据组数。
每组数据第一行给出 N 和 M(N , M <= 500)。
接下来 M 行,每行给出 A B,表示 A 可以胜过 B。
Output
对于每一组数据,判断有多少场比赛的胜负不能预先得知。注意 (a, b) 与 (b, a) 等价,即每一个二元组只被计算一次。
Smple Input
3
3 3
1 2
1 3
2 3
3 2
1 2
2 3
4 2
1 2
3 4
Sample Output
0
0
4
我的思路:
这道题是要求是给出一些胜负关系,然后判断最后有多少对选手的胜负无法预先得知。可以了利用弗洛伊德算法,计算传递闭包(即将胜负关系确定的做标注),这里要做一定的优化,在第二层循环的时候,即判断两段距离中的第一段是否可以预知胜负,若不可以则直接跳出本次循环,因为接下来判断的结果是一定的,不会更改之前的结果。
我的总结:
对于一些时间复杂度高的朴素算法,可以根据题意进行一定的优化,便可以达到很好的效果。
我的代码:
#include<iostream>
using namespace std;
int rel[501][501],a,b,n,N,M,ans;
void init()
{
for(int i=1;i<N+1;i++)
for(int k=1;k<N+1;k++)
rel[i][k]=0;
}
void Floyd()
{
for(int k=1;k<N+1;k++)
for(int i=1;i<N+1;i++)
{
if(!rel[i][k]) continue;
for(int q=1;q<N+1;q++)
{
if(rel[i][q]==1) continue;
if(rel[i][k]==1&&rel[k][q]==1) rel[i][q]=1; }}
}
int main()
{
cin>>n;
for(int k=0;k<n;k++)
{
ans=0;
cin>>N>>M;
init();
for(int i=0;i<M;i++)
{
cin>>a>>b;
rel[a][b]=1;
}
Floyd();
for(int i=1;i<N+1;i++)
{
for(int q=i+1;q<N+1;q++)
{
if(!rel[i][q] && !rel[q][i]) ans++;
}
}
cout<<ans<<endl;
}
}