楼下是传送门：
http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1806
Description
现有两个煤矿，每个煤矿都雇用一组矿工。采煤工作很辛苦，所以矿工们需要良好饮食。每当一辆食品车到达煤矿时，矿工们便会产出一定数量的煤。有三种类型的食品车：肉车，鱼车和面包车。 矿工们喜欢变化的食谱。如果提供的食品能够不断变化，他们的产煤量将会增加。每当一个新的食品车到达煤矿时，矿工们就会比较这种新的食品和前两次（或者少于两次，如果前面运送食品的次数不足两次）的食品，并且： • 如果这几次食品车都是同一类型的食品，则矿工们产出一个单位的煤。 • 如果这几次食品车中有两种不同类型的食品，则矿工们产出两个单位的煤。 • 如果这几次食品车中有三种不同类型的食品，则矿工们产出三个单位的煤。 预先已知食品车的类型及其被配送的顺序。通过确定哪车食品送到哪个煤矿可以影响产煤量。食品车不能被拆分，每个食品车必须被全部送到一个或另一个煤矿。两个煤矿也并不要求接收相同数量的食品车（事实上，也允许将所有食品车都送到一个煤矿）。 任务 给出食品车的类型及其被配送的顺序，要求你写一个程序，确定哪个食品车应被送到煤矿1，哪个食品车应被送到煤矿2，以使得两个煤矿的产煤量的总和最大。
Input
输入的第一行包含一个整数N (1 ≤ N ≤ 100 000), 表示食品车的数目。 第二行包含一个由N个字符组成的字符串，按照配送顺序依次表示食品车配送的食品的类型。每个字符是以下三个大写字母之一：’M’ (表示肉类), ‘F’ (表示鱼类) 或 ‘B’ (表示面包)。
Output
输出一个整数，表示最大的总产煤量。 评分 在45分的测试数据中，食品车的数目至多为20
Sample Input
6
MBMFFB
Sample Output
12
思路
五维DP只要不是很丧病，一般就是第一维枚举位置状态，第二三维表示第一个情况的选择状态，第四五维表示第二个情况的选择状态，最终用总的状态求解
多用于求相同的两者的符合题意状态之和的最大或最小值
在本题中第一位枚举的是第几辆车，二三维是第一个矿洞，四五维是第二个矿洞，分表表示了数量和状态
开始的时候预处理一下每个种类以避免重复等等，接着用一个check函数，判断是否满足题目中给定的条件
最后进行dp比较取更大的作为答案
能水过Codevs的数据的TLE…..
http://codevs.cn/problem/1801/
代码如下：
//TLE
#include <iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
typedef long long LL;
#define ri register int
const int sz = 1000010;
inline void read(int &x){
x=0;bool fl=0;char c=getchar();
while(c<'0'||c>'9')
{if(c=='-') fl=1;c=getchar();}
while(c>='0'&&c<='9')
{x=x*10+c-'0';c=getchar();}
if(fl) x*=-1;
}
inline int check(int a,int b,int c)
{
if(a==0&&b==0) return 1;
if(a==0) return 1+(b!=c);//代表如果b!=c返回1
if(a==b&&b==c) return 1;
if(a==b||b==c||a==c) return 2;
return 3;
}
int t[sz],n,f[sz][4][4][4][4];
char s[sz];
int dp(int pos,int a,int b,int x,int y)
{
if(pos==n+1) return 0;
if(f[pos][a][b][x][y]!=-1)
return f[pos][a][b][x][y];
return f[pos][a][b][x][y]=max(dp(pos+1,b,t[pos],x,y)+check(a,b,t[pos]),dp(pos+1,a,b,y,t[pos])+check(x,y,t[pos]));
}
int main()
{
read(n);
scanf("%s",s);
for(ri i=0;i<n;++i)//！从0开始读
if( s[i] == 'B' ) t[i+1] = 1;
else if( s[i] == 'M' ) t[i+1] = 2;
else t[i + 1] = 3;
memset(f,-1,sizeof(f));
cout<<dp(1,0,0,0,0);
return 0;
}
但是上面的只能水过10000的数据，对于加强的100000数据无可奈何，惨遭三遍TLE，各种优化卡常献祭秒数却还是难以逃脱这一点
最后各种泪奔直到看到黄学长博客里记录%%%
http://hzwer.com/3645.html
“dp加个滚动数组就差不多了”
浔阳 DP 无滚动，一句惊醒梦中人；
垂死病中惊坐起，谈笑风生又一年
这里的f[i][a1][a2][b1][b2]表示发放第i份食品后第一矿洞最近的食品为 a1 a2，b1 b2同理，读入的时候判断成为什么值，具体的check还是要具题目来自己分析分析，毕竟这个还是比较好弄的
代码如下：
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<cmath>
using namespace std;
inline void read(int &x){
x=0;bool fl=1;char c=getchar();
while(c<'0'||c>'9')
{if(c=='-') fl=-1;c=getchar();}
while(c>='0'&&c<='9')
{x=x*10+c-'0';c=getchar();}
x*=fl;
}
char ch[100010];
int f[5][4][4][4][4],ans,n;
inline int getint(char c)
{
if(c=='M')return 1;
else if(c=='F')return 2;
else return 3;
}
inline int check(int a,int b,int c)
{
if(a==0&&b==0) return 1;
if(a==0) return 1+(b!=c);//代表如果b!=c返回1
if(a==b&&b==c) return 1;
if(a==b||b==c||a==c) return 2;
return 3;
}
int main()
{
memset(f,-1,sizeof(f));
f[0][0][0][0][0]=0;
read(n);
scanf("%s",ch);
for(int i=0;i<n;i++)
for(int a1=0;a1<=3;a1++)
for(int a2=0;a2<=3;a2++)
for(int b1=0;b1<=3;b1++)
for(int b2=0;b2<=3;b2++)
{
int x=i%4,y=(i+1)%4;
if(f[x][a1][a2][b1][b2]==-1)
continue;
int t=getint(ch[i]),add;
add=check(a1,a2,t);
f[y][a2][t][b1][b2]=
max(f[y][a2][t][b1][b2],f[x][a1][a2][b1][b2]+add);
add=check(b1,b2,t);
f[y][a1][a2][b2][t]=
max(f[y][a1][a2][b2][t],f[x][a1][a2][b1][b2]+add);
}
for(int a1=0;a1<=3;a1++)
for(int a2=0;a2<=3;a2++)
for(int b1=0;b1<=3;b1++)
for(int b2=0;b2<=3;b2++)
ans=max(ans,f[n%4][a1][a2][b1][b2]);//滚啊滚找回失去的时间【雾】
printf("%d",ans);
return 0;
}