「NOIP2010」关押罪犯（二分图染色+二分答案）
描述：n个罪犯（1-N），两个罪犯之间的仇恨值为c，m对仇恨值，求怎么分配使得两件监狱的最大仇恨值最小。
思路：使最大xxx最小，描述就很二分。二分一个答案
x后，对仇恨值大于x的罪犯之间构成的图进行二分图染色（相邻节点不染同一种颜色，总共两种颜色），染色成功则答案可行，复杂度\(O(nlogn)\)。二分图染色：把每个未标记的节点标记为任意一种颜色，对其进行一次 BFS，将该节点所在的连通分支全部染色，每一次扩展把未被染色的相邻节点标记为与自身相反的颜色，如果发现扩展出去的节点的颜色与自身相同，则染色失败。
AcCode:
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define fre freopen("C:\\Users\\22765\\Desktop\\in.txt","r",stdin);
#define ms(a) memset((a),0,sizeof(a))
#define re(i,a,b) for(register int (i)=(a);(i)<(b);++(i))
#define sf(x) scanf("%d",&(x))
#define rg register
typedef long long LL;
const int inf=(0x7f7f7f7f);
const int maxn=1e5+5;
int n;
struct node{
int x,y,r;
bool operator < (const node& a)const{
return r>a.r;
}
}s[maxn];
vector<int> v[maxn];
int vis[maxn];
bool isok;
//dfs() : 能否将x节点所在的连通分支染色成功
bool dfs(int x,int color){
if(!isok)return 0;//该连通分支染色失败，则图无法染成二分图
vis[x]=color;
int u;
re(i,0,v[x].size()){
u=v[x][i];
if(vis[u]==vis[x]){
isok=0;return 0;
}
if(!vis[u]&&!dfs(u,3-color)){//若节点未被染色，且从该节点开始染色无法染色成功
isok=0;return 0;
}
}
return 1;
}
inline bool check(int m){
ms(vis);isok=1;
re(i,1,n+1)v[i].clear();
re(i,0,m){
if(s[i].r>m)//对仇恨值大于二分答案的节点建图
v[s[i].x].push_back(s[i].y),v[s[i].y].push_back(s[i].x);
else break;
}
re(i,1,n+1){
//这里一遍dfs可能无法将全部节点染色，可能有多个连通分支，所以遍历每个点
if(!vis[i]&&!dfs(i,1))return 0;
}
return 1;
}
int main(){
sf(n);
int m;sf(m);
re(i,0,m)scanf("%d%d%d",&s[i].x,&s[i].y,&s[i].r);
sort(s,s+m);//排序预处理便于后面建图
// cout<<s[0].r<<endl;
int l=0,r=s[0].r,mid;
while(l<r){
mid=l+(r-l)/2;
if(check(mid))r=mid;
else l=mid+1;
}
cout<<l<<endl;
return 0;
}