原文链接www.cnblogs.com/zhouzhendong/p/LOJ3048.html
题解
$O(n\log^2 {a_i})$ 的做法比较简单：
1. 求出第 k 大的是什么： 二分答案，在Trie树上统计一下答案。
2. 求出前 k 大的和：已经知道了第 k 大的数值，那么，只要再在 Trie 树上走一趟就好了。
这两部分直接暴力都是 $O(n\log^2 a_i)$ 的。
那么我们来稍微优化一下：
对于 1. ，我们改成 Trie 树上二分，变成了 $O(n\log a_i)$ 的。
对于 2. ，我们发现：这个 Trie 最多有 O(n) 个分叉点。而且在 2 操作中，搜索子树的次数也是 O(n) 的。那么，如果我们可以预处理出每一个节点代表的子树中，每一种二进制位的出现次数，就可以解决问题。处理处全部的信息显然是不可能的，我们考虑只处理每一个分叉的两个儿子，由于它是 O(n) 的，所以时间复杂度降到 $O(n \log a_i)$ 。
接下来的代码是 $O(n\log ^2 a_i)$ 的代码。
至于我开的数据范围以及 __int128 为何使用，我给出一个解释：某神仙把数据范围改成了 n<=7.5e5, k<=n(n-1)/2 。然而我写两个log卡常数没有卡过去。
代码
#include <bits/stdc++.h>
#define clr(x) memset(x,0,sizeof (x))
#define For(i,a,b) for (int i=a;i<=b;i++)
#define Fod(i,b,a) for (int i=b;i>=a;i--)
#define pb(x) push_back(x)
#define mp(x,y) make_pair(x,y)
#define fi first
#define se second
#define _SEED_ ('C'+'L'+'Y'+'A'+'K'+'I'+'O'+'I')
#define outval(x) printf(#x" = %d\n",x)
#define outvec(x) printf("vec "#x" = ");for (auto _v : x)printf("%d ",_v);puts("")
#define outtag(x) puts("----------"#x"----------")
#define outarr(a,L,R) printf(#a"[%d...%d] = ",L,R);\
For(_v2,L,R)printf("%d ",a[_v2]);puts("");
using namespace std;
typedef long long LL;
typedef unsigned long long ULL;
typedef vector <int> vi;
typedef unsigned uint;
namespace IO{
const int Len=1<<20;
char Ibuf[Len+1],*Is=Ibuf,*It=Ibuf;
char gc(){
if (Is==It){
It=(Is=Ibuf)+fread(Ibuf,1,Len,stdin);
if (Is==It)
return EOF;
}
return *Is++;
}
}
#define getchar IO::gc
LL read(){
LL x=0,f=0;
char ch=getchar();
while (!isdigit(ch))
f|=ch=='-',ch=getchar();
while (isdigit(ch))
x=(x<<1)+(x<<3)+(ch^48),ch=getchar();
return f?-x:x;
}
const int N=750005;
int n,bt=31;
LL k;
LL a[N],s[N];
int size[N*33],Next[N*33][2];
uint val[N*33];
int cnt=1;
void Insert(LL v){
int x=1,t;
size[x]++;
Fod(i,bt,0){
t=v>>i&1;
if (!Next[x][t])
Next[x][t]=++cnt,val[cnt]=val[x]|((LL)t)<<i;
x=Next[x][t];
size[x]++;
}
}
LL calc(int a,int b){
return a==b?((LL)size[a]*(size[a]-1))>>1:(LL)size[a]*size[b];
}
__int128 ans=0;
int *c0,*c1;
void get(int x,int d){
if (Next[x][0]){
c0[d]+=size[Next[x][0]];
get(Next[x][0],d-1);
}
if (Next[x][1]){
c1[d]+=size[Next[x][1]];
get(Next[x][1],d-1);
}
}
void calc2(int x,int y,int d){
static int bitx[2][33],bity[2][33];
clr(bitx),clr(bity);
c0=bitx[0],c1=bitx[1],get(x,d);
if (x!=y){
c0=bity[0],c1=bity[1],get(y,d);
For(i,0,d)
ans+=(__int128)(bitx[0][i]*bity[1][i]+bitx[1][i]*bity[0][i])<<i;
}
else {
For(i,0,d)
ans+=(__int128)(bitx[0][i]*bitx[1][i])<<i;
}
ans+=(__int128)calc(x,y)*(val[x]^val[y]);
}
LL now=0,ub,res_cnt=0,tmp=0;
void dfs(int x,int y,int d){
uint v=val[x]^val[y];
if (v>=ub)
return (void)(tmp+=calc(x,y));
if ((1LL<<(d+1))+v<=ub)
return;
if (Next[x][0]){
if (Next[y][0])
dfs(Next[x][0],Next[y][0],d-1);
if (Next[y][1])
dfs(Next[x][0],Next[y][1],d-1);
}
if (Next[x][1]){
if (Next[y][1])
dfs(Next[x][1],Next[y][1],d-1);
if (Next[y][0]&&x!=y)
dfs(Next[x][1],Next[y][0],d-1);
}
}
void dfs2(int x,int y,int d){
uint v=val[x]^val[y];
if (v>=ub)
return calc2(x,y,d);
if ((1LL<<(d+1))+v<=ub)
return;
if (Next[x][0]){
if (Next[y][0])
dfs2(Next[x][0],Next[y][0],d-1);
if (Next[y][1])
dfs2(Next[x][0],Next[y][1],d-1);
}
if (Next[x][1]){
if (Next[y][1])
dfs2(Next[x][1],Next[y][1],d-1);
if (Next[y][0]&&x!=y)
dfs2(Next[x][1],Next[y][0],d-1);
}
}
void write(__int128 x){
if (x>9)
write(x/10);
putchar('0'+x%10);
}
int main(){
n=read(),k=read();
For(i,1,n)
a[i]=read();
s[0]=0;
For(i,1,n)
s[i]=s[i-1]^a[i];
s[++n]=0;
For(i,1,n)
Insert(s[i]);
Fod(i,bt,0){
ub=now|1LL<<i;
tmp=0,dfs(1,1,bt);
if (tmp>=k)
now=ub,res_cnt=tmp;
}
ub=now;
dfs2(1,1,bt);
ans-=(__int128)(res_cnt-k)*ub;
write(ans),putchar('\n');
return 0;
}