一、题目链接
https://codeforces.com/problemset/problem/1133/E
二、思路
显然要使用dp,因为中间有部分人不会选取。
令$dp[i][j]$表示在前$i$个人里面选择j组所能得到的最大人数。接下来就是0-1背包思想了。
对于第$i$个人,如果不选,那么$dp[i][j]=max(dp[i][j],dp[i-1][j])$;
如果选,那么$dp[i][j]=max(dp[i][j],dp[k][j-1]+i-k),0 \le k < i$。
这转移方程的时间复杂度是$O(N^3)$,显然会超时。
注意到,如果$a[i]==a[i-1]$,如果选择了$a[i-1]$,那么$a[i]$一定会选择。否则$a[i]$一定不会被选择。也就是说,如果两个人的数值相同,要么这两个人同时被选,要么同时都不被选。那么,可以对整个$a$数组去重,并记录每个数值代表的人数。令$a'$为去重后的数组,对于去重后的数组$a'$,上述式子$k$的选取不超过$5$,然后,把转移的代价由$i-k$改为$\sum\limits_{x=k+1}^{i}cnt[a'[x]]$即可。
三、代码
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; const int N = 5e3 + 10; int n, k; int a[N]; int dp[N][N]; unordered_map<int, int> cnt; int main() { cin >> n >> k; for (int i = 0; i < n; ++i)scanf("%d", a + i), cnt[a[i]]++; sort(a, a + n); int m = unique(a, a + n) - a; for (int i = 0; i < m; ++i) { for (int j = 1; j <= k; ++j) { int cc = 0; for (int x = i; x >= 0; x--) { if (a[x] < a[i] - 5)break; cc += cnt[a[x]]; if (i > 0)dp[i][j] = max(dp[i][j], dp[i - 1][j]); if (x > 0)dp[i][j] = max(dp[i][j], dp[x - 1][j - 1] + cc); else if (x == 0)dp[i][j] = max(dp[i][j], cc); } } } cout << dp[m - 1][k] << endl; return 0; } /* 6 1 2 7 12 13 14 12 11 4 2 7 13 12 15 17 23 24 25 31 36 7 2 2 4 10 11 17 18 19 7 1 1 1 1 6 6 6 7 11 2 1 2 2 7 9 15 16 23 24 23 25 **/