题目描述 https://www.luogu.org/problemnew/show/P1330
曹是一只爱刷街的老曹,暑假期间,他每天都欢快地在阳光大学的校园里刷街。河蟹看到欢快的曹,感到不爽。河蟹决定封锁阳光大学,不让曹刷街。
阳光大学的校园是一张由N个点构成的无向图,N个点之间由M条道路连接。每只河蟹可以对一个点进行封锁,当某个点被封锁后,与这个点相连的道路就被封锁了,曹就无法在与这些道路上刷街了。非常悲剧的一点是,河蟹是一种不和谐的生物,当两只河蟹封锁了相邻的两个点时,他们会发生冲突。
询问:最少需要多少只河蟹,可以封锁所有道路并且不发生冲突。
输入输出格式
输入格式:
第一行:两个整数N,M
接下来M行:每行两个整数A,B,表示点A到点B之间有道路相连。
输出格式:
仅一行:如果河蟹无法封锁所有道路,则输出“Impossible”,否则输出一个整数,表示最少需要多少只河蟹。
输入输出样例
输入样例#1: 复制
3 3 1 2 1 3 2 3
输出样例#1: 复制
Impossible
输入样例#2: 复制
3 2 1 2 2 3
输出样例#2: 复制
1
说明
【数据规模】
1<=N<=10000,1<=M<=100000,任意两点之间最多有一条道路。
说明
1 刚开始感觉和无线广播那个题目很相似,https://blog.csdn.net/qiang_____0712/article/details/87923838
2 但是代码提交了,存在以下几个问题
(1) 这里不是全部连通的,其实可以分为几个连通,需要分别统计
(2)必须调用 fa(i)才能得到最根部。
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include <string.h>
#include <cmath>
#include <vector>
using namespace std;
int f[10002],d[10002],n,m; //f保存祖先节点,d保存到其祖先节点的路径长。
int fa(int x)
{
if (f[x]!=x) //查找时沿途更新祖先节点和路径长。
{
int last=f[x]; //记录父节点(会在递归中被更新)。
f[x]=fa(f[x]); //更新祖先节点。
d[x]+=d[last]; //last 是原来的父亲 f[x] 就是根父亲
//下面调整后,d[x]+=d[last] d[last]只有一次为原父亲 ;
//更新路径长(原来连在父节点上)。
}
return f[x];
}
bool check(int a,int b)
{
int x=fa(a),y=fa(b);
if (x!=y) {
f[x]=y;
d[x]=d[b]+1-d[a];
}//这样设置之后,会将x和y同步}
else
{
if(abs(d[a]-d[b])%2==0)
{
return false;
}; //若已连接,则判断。
}
return true;
}
int main()
{
int i,t;
cin>>n>>m;
bool res=true;
memset(d,0,sizeof(d));
for (i=1; i<=n; i++) f[i]=i; //祖先节点初始化为自己,路径长为0。
for(int i=1; i<=m; i++)
{
int a,b;
cin>>a>>b;
if(a>b) swap(a,b);
if(!check(a,b))
{
res=false;
break;
};//检查当前两点是否已有边相连接。
}
if(!res)
cout<<"Impossible"<<endl;
else
{
int count=0;
vector<int> psum;
vector<int> allsum;
vector<int> zsum;
for (i=1; i<=n; i++)
{
fa(i); //只有调用这个才能达到指向最根部
int index=-1;
for(int j=0; j<psum.size(); j++)
{
if(f[i]==psum[j])
{
index=j;
break;
}
}
if(index==-1)
{
psum.push_back(f[i]);
allsum.push_back(1);
if(d[i]%2==0) zsum.push_back(1);
else zsum.push_back(0);
}
else
{
allsum[index]++;
if(d[i]%2==0) zsum[index]++;
}
}
for(int i=0; i<psum.size(); i++)
{
count+=min(zsum[i],allsum[i]-zsum[i]);
}
cout<<count<<endl;
}
return 0;
}