组合数问题
题目描述
组合数 CnmC_n^mCnm 表示的是从 nnn 个物品中选出 mmm 个物品的方案数。举个例子,从 (1,2,3)(1,2,3)(1,2,3) 三个物品中选择两个物品可以有 (1,2),(1,3),(2,3)(1,2),(1,3),(2,3)(1,2),(1,3),(2,3) 这三种选择方法。根据组合数的定义,我们可以给出计算组合数 CnmC_n^mCnm 的一般公式:
Cnm=n!m!(n−m)!C_n^m=\frac{n!}{m!(n-m)!}Cnm=m!(n−m)!
n!
其中 n!=1×2×⋯×nn!=1\times2\times\cdots\times nn!=1×2×⋯×n;特别地,定义 0!=10!=10!=1。
小葱想知道如果给定 n,mn,mn,m 和 kkk,对于所有的 0≤i≤n,0≤j≤min(i,m)0\leq i\leq n,0\leq j\leq \min \left ( i, m \right )0≤i≤n,0≤j≤min(i,m) 有多少对 (i,j)(i,j)(i,j) 满足 CijC_i^jCij 是 kkk 的倍数。
输入输出格式
输入格式:
第一行有两个整数 t,kt,kt,k,其中 ttt 代表该测试点总共有多少组测试数据,kkk 的意义见问题描述。
接下来 ttt 行每行两个整数 n,mn,mn,m,其中 n,mn,mn,m 的意义见问题描述。
输出格式:
共 ttt 行,每行一个整数代表所有的 0≤i≤n,0≤j≤min(i,m)0\leq i\leq n,0\leq j\leq \min \left ( i, m \right )0≤i≤n,0≤j≤min(i,m) 中有多少对 (i,j)(i,j)(i,j) 满足 CijC_i^jCij 是 kkk 的倍数。
输入输出样例
说明
【样例1说明】
在所有可能的情况中,只有C21=2C_2^1 = 2C21=2是2的倍数。
【子任务】
首先要明白一个公式:c(i,j)=c(i-1,j)+c(i-1,j-1),所以可以先把图打出来,注意每次都要取模,否则会炸;
如何计算个数?运用dp(或前缀和?)的思想ans[i][j]=ans[i-1][j]+ans[i][j-1]-ans[i-1][j-1]+cnt[i][j];ans[i][j]指以i,j结尾的矩阵中的解;
#include<cstdio> #include<cstring> using namespace std; inline int read(){ int x=0,f=1;char ch=getchar(); while(ch>'9'||ch<'0') {if(ch=='-') f=-1;ch=getchar();} while(ch>='0'&&ch<='9') {x=x*10+ch-'0';ch=getchar();} return f*x; } int ans[2005][2005],mp[2005][2005],t,k; void prepare(){ mp[0][0]=mp[1][0]=mp[1][1]=1; for(int i=2;i<=2000;i++){ mp[i][0]=1; for(int j=1;j<=i;j++){ mp[i][j]=(mp[i-1][j]+mp[i-1][j-1])%k; ans[i][j]=ans[i-1][j]+ans[i][j-1]-ans[i-1][j-1]; if(mp[i][j]==0) ans[i][j]++; } ans[i][i+1]=ans[i][i];//想想为什么 } } int main(){ //freopen("in.txt","r",stdin); t=read(),k=read(); memset(mp,0,sizeof(mp)); prepare(); while(t--){ int n=read(),m=read(); if(m>n) m=n; printf("%d\n",ans[n][m]); } return 0; }
蚯蚓
题目描述
本题中,我们将用符号 ⌊c⌋\lfloor c \rfloor⌊c⌋ 表示对 ccc 向下取整,例如:⌊3.0⌋=⌊3.1⌋=⌊3.9⌋=3\lfloor 3.0 \rfloor = \lfloor 3.1 \rfloor = \lfloor 3.9 \rfloor = 3⌊3.0⌋=⌊3.1⌋=⌊3.9⌋=3。
蛐蛐国最近蚯蚓成灾了!隔壁跳蚤国的跳蚤也拿蚯蚓们没办法,蛐蛐国王只好去请神刀手来帮他们消灭蚯蚓。
蛐蛐国里现在共有 nnn 只蚯蚓(nnn 为正整数)。每只蚯蚓拥有长度,我们设第 iii 只蚯蚓的长度为 aia_iai (i=1,2,…,ni=1,2,\dots,ni=1,2,…,n),并保证所有的长度都是非负整数(即:可能存在长度为 000 的蚯蚓)。
每一秒,神刀手会在所有的蚯蚓中,准确地找到最长的那一只(如有多个则任选一个)将其切成两半。神刀手切开蚯蚓的位置由常数 ppp(是满足 0<p<10 < p < 10<p<1 的有理数)决定,设这只蚯蚓长度为 xxx,神刀手会将其切成两只长度分别为 ⌊px⌋\lfloor px \rfloor⌊px⌋ 和 x−⌊px⌋x - \lfloor px \rfloorx−⌊px⌋ 的蚯蚓。特殊地,如果这两个数的其中一个等于 000,则这个长度为 000 的蚯蚓也会被保留。此外,除了刚刚产生的两只新蚯蚓,其余蚯蚓的长度都会增加 qqq(是一个非负整常数)。
蛐蛐国王知道这样不是长久之计,因为蚯蚓不仅会越来越多,还会越来越长。蛐蛐国王决定求助于一位有着洪荒之力的神秘人物,但是救兵还需要 mmm 秒才能到来……(mmm 为非负整数)
蛐蛐国王希望知道这 mmm 秒内的战况。具体来说,他希望知道:
- mmm 秒内,每一秒被切断的蚯蚓被切断前的长度(有 mmm 个数);
- mmm 秒后,所有蚯蚓的长度(有 n+mn + mn+m 个数)。
蛐蛐国王当然知道怎么做啦!但是他想考考你……
输入输出格式
输入格式:
第一行包含六个整数 n,m,q,u,v,tn,m,q,u,v,tn,m,q,u,v,t,其中:n,m,qn,m,qn,m,q 的意义见【问题描述】;u,v,tu,v,tu,v,t 均为正整数;你需要自己计算 p=u/vp=u / vp=u/v(保证 0<u<v0 < u < v0<u<v);ttt 是输出参数,其含义将会在【输出格式】中解释。
第二行包含 nnn 个非负整数,为 a1,a2,…,ana_1, a_2, \dots, a_na1,a2,…,an,即初始时 nnn 只蚯蚓的长度。
同一行中相邻的两个数之间,恰好用一个空格隔开。
保证 1≤n≤1051 \leq n \leq 10^51≤n≤105,0≤m≤7×1060 \leq m \leq 7 \times 10^60≤m≤7×106,0<u<v≤1090 < u < v \leq 10^90<u<v≤109,0≤q≤2000 \leq q \leq 2000≤q≤200,1≤t≤711 \leq t \leq 711≤t≤71,0≤ai≤1080 \leq a_i \leq 10^80≤ai≤108。
输出格式:
第一行输出 ⌊mt⌋\left \lfloor \frac{m}{t} \right \rfloor⌊t
m⌋ 个整数,按时间顺序,依次输出第 ttt 秒,第 2t2t2t 秒,第 3t3t3t 秒,……被切断蚯蚓(在被切断前)的长度。
第二行输出 ⌊n+mt⌋\left \lfloor \frac{n+m}{t} \right \rfloor⌊t
n+m⌋ 个整数,输出 mmm 秒后蚯蚓的长度;需要按从大到小的顺序,依次输出排名第 ttt,第 2t2t2t,第 3t3t3t,……的长度。
同一行中相邻的两个数之间,恰好用一个空格隔开。即使某一行没有任何数需要输出,你也应输出一个空行。
请阅读样例来更好地理解这个格式。
输入输出样例
说明
【样例解释1】
在神刀手到来前:333只蚯蚓的长度为3,3,23,3,23,3,2。
111秒后:一只长度为333的蚯蚓被切成了两只长度分别为111和222的蚯蚓,其余蚯蚓的长度增加了111。最终444只蚯蚓的长度分别为(1,2),4,3(1,2),4,3(1,2),4,3。括号表示这个位置刚刚有一只蚯蚓被切断
222秒后:一只长度为444的蚯蚓被切成了111和333。555只蚯蚓的长度分别为:2,3,(1,3),42,3,(1,3),42,3,(1,3),4。
3秒后:一只长度为444的蚯蚓被切断。666只蚯蚓的长度分别为:3,4,2,4,(1,3)3,4,2,4,(1,3)3,4,2,4,(1,3)。
444秒后:一只长度为444的蚯蚓被切断。777只蚯蚓的长度分别为:4,(1,3),3,5,2,44,(1,3),3,5,2,44,(1,3),3,5,2,4。
555秒后:一只长度为555的蚯蚓被切断。888只蚯蚓的长度分别为:5,2,4,4,(1,4),3,55,2,4,4,(1,4),3,55,2,4,4,(1,4),3,5。
666秒后:一只长度为555的蚯蚓被切断。999只蚯蚓的长度分别为:(1,4),3,5,5,2,5,4,6(1,4),3,5,5,2,5,4,6(1,4),3,5,5,2,5,4,6。
777秒后:一只长度为666的蚯蚓被切断。101010只蚯蚓的长度分别为:2,5,4,6,6,3,6,5,(2,4)2,5,4,6,6,3,6,5,(2,4)2,5,4,6,6,3,6,5,(2,4)。所以,777秒内被切断的蚯蚓的长度依次为3,4,4,4,5,5,63,4,4,4,5,5,63,4,4,4,5,5,6。777秒后,所有蚯蚓长度从大到小排序为6,6,6,5,5,4,4,3,2,26,6,6,5,5,4,4,3,2,26,6,6,5,5,4,4,3,2,2
【样例解释2】
这个数据中只有t=2t=2t=2与上个数据不同。只需在每行都改为每两个数输出一个数即可。
虽然第一行最后有一个666没有被输出,但是第二行仍然要重新从第二个数再开始输出。
【样例解释3】
这个数据中只有t=9t=9t=9与上个数据不同。
注意第一行没有数要输出,但也要输出一个空行。
【数据范围】
刚开始用的合并果子的思想,直接开一个优先队列,但数据过大,会tel
仔细分析,发现其实这之间本生就有单调性,即长的蚯蚓被切后比短的切后要长,则在开两个对列,一个存被切后短的一段,另一个反之;
注意只能用手工队列,stl会超时
1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 4 const int maxn = 1e5+10; 5 const int maxm=8e6; 6 7 inline int read(){ 8 int x=0,f=1;char ch=getchar(); 9 while(ch>'9'||ch<'0') {if(ch=='-') f=-1;ch=getchar();} 10 while(ch>='0'&&ch<='9') {x=x*10+ch-'0';ch=getchar();} 11 return f*x; 12 } 13 14 int n,m,q,u,v,t,star[maxn],delta=0; 15 16 int qxz(int x) 17 { 18 if(x<0) return x*((double)u/v)-1; 19 else if(x==0) return 0; 20 else return x*((double)u/v); 21 } 22 23 int qu1[maxm],qu2[maxm],qu3[maxm]; 24 25 int h1,h2,h3,t1,t2,t3; 26 27 bool cmp(int a,int b){ 28 return a>b; 29 } 30 31 int ans[maxm]; 32 33 int main(){ 34 ///freopen("in.txt","r",stdin); 35 //freopen("out.txt","w",stdout); 36 n=read(),m=read(),q=read(),u=read(),v=read(),t=read(); 37 h1=h2=h3=1;t1=t2=t3=0; 38 for(int i=1;i<=n;i++) qu1[++t1]=read(); 39 sort(qu1+1,qu1+1+n,cmp); 40 for(int i=1;i<=m;i++){ 41 int tp1=-1000000000,tp2=-1000000000,tp3=-1000000000,tp; 42 if(h1<=t1) tp1=max(tp1,qu1[h1]); 43 if(h2<=t2) tp2=max(tp2,qu2[h2]); 44 if(h3<=t3) tp3=max(tp3,qu3[h3]); 45 if(tp1>=tp2&&tp1>=tp3) tp=qu1[h1],h1++; 46 else if(tp2>=tp1&&tp2>=tp3) tp=qu2[h2],h2++; 47 else if(tp3>=tp1&&tp3>=tp2) tp=qu3[h3],h3++; 48 tp+=delta; 49 if(i%t==0) printf("%d ",tp); 50 int a=qxz(tp),b=tp-a; 51 delta+=q; 52 a-=delta;b-=delta; 53 if(a>=b) qu2[++t2]=a,qu3[++t3]=b; 54 else qu2[++t2]=b,qu3[++t3]=a; 55 } 56 printf("\n"); 57 int tot=0; 58 while(h1<=t1||h2<=t2||h3<=t3){ 59 int tp1=-1000000000,tp2=-1000000000,tp3=-1000000000; 60 if(h1<=t1) tp1=max(tp1,qu1[h1]); 61 if(h2<=t2) tp2=max(tp2,qu2[h2]); 62 if(h3<=t3) tp3=max(tp3,qu3[h3]); 63 if(tp1>=tp2&&tp1>=tp3) ans[++tot]=qu1[h1],h1++; 64 else if(tp2>=tp1&&tp2>=tp3) ans[++tot]=qu2[h2],h2++; 65 else if(tp3>=tp1&&tp3>=tp2) ans[++tot]=qu3[h3],h3++; 66 } 67 68 for(int i=1;i<=tot;i++){ 69 if(i%t==0) printf("%d ",ans[i]+delta); 70 } 71 return 0; 72 }
愤怒的小鸟
题目描述
Kiana
最近沉迷于一款神奇的游戏无法自拔。
简单来说,这款游戏是在一个平面上进行的。
有一架弹弓位于 (0,0)(0,0)(0,0) 处,每次 Kiana
可以用它向第一象限发射一只红色的小鸟,小鸟们的飞行轨迹均为形如 y=ax2+bxy=ax^2+bxy=ax2+bx 的曲线,其中 a,ba,ba,b 是Kiana
指定的参数,且必须满足 a<0a < 0a<0,a,ba,ba,b 都是实数。
当小鸟落回地面(即 xxx 轴)时,它就会瞬间消失。
在游戏的某个关卡里,平面的第一象限中有 nnn 只绿色的小猪,其中第 iii 只小猪所在的坐标为 (xi,yi)\left(x_i,y_i \right)(xi,yi)。
如果某只小鸟的飞行轨迹经过了 (xi,yi)\left( x_i, y_i \right)(xi,yi),那么第 iii 只小猪就会被消灭掉,同时小鸟将会沿着原先的轨迹继续飞行;
如果一只小鸟的飞行轨迹没有经过 (xi,yi)\left( x_i, y_i \right)(xi,yi),那么这只小鸟飞行的全过程就不会对第 iii 只小猪产生任何影响。
例如,若两只小猪分别位于 (1,3)(1,3)(1,3) 和 (3,3)(3,3)(3,3),Kiana
可以选择发射一只飞行轨迹为 y=−x2+4xy=-x^2+4xy=−x2+4x 的小鸟,这样两只小猪就会被这只小鸟一起消灭。
而这个游戏的目的,就是通过发射小鸟消灭所有的小猪。
这款神奇游戏的每个关卡对 Kiana
来说都很难,所以Kiana
还输入了一些神秘的指令,使得自己能更轻松地完成这个游戏。这些指令将在【输入格式】中详述。
假设这款游戏一共有 TTT 个关卡,现在 Kiana
想知道,对于每一个关卡,至少需要发射多少只小鸟才能消灭所有的小猪。由于她不会算,所以希望由你告诉她。
输入输出格式
输入格式:第一行包含一个正整数 TTT,表示游戏的关卡总数。
下面依次输入这 TTT 个关卡的信息。每个关卡第一行包含两个非负整数 n,mn,mn,m,分别表示该关卡中的小猪数量和 Kiana 输入的神秘指令类型。接下来的 nnn 行中,第 iii 行包含两个正实数 xi,yix_i,y_ixi,yi,表示第 iii 只小猪坐标为 (xi,yi)(x_i,y_i)(xi,yi)。数据保证同一个关卡中不存在两只坐标完全相同的小猪。
如果 m=0m=0m=0,表示Kiana
输入了一个没有任何作用的指令。
如果 m=1m=1m=1,则这个关卡将会满足:至多用 ⌈n/3+1⌉\lceil n/3 + 1 \rceil⌈n/3+1⌉ 只小鸟即可消灭所有小猪。
如果 m=2m=2m=2,则这个关卡将会满足:一定存在一种最优解,其中有一只小鸟消灭了至少 ⌊n/3⌋\lfloor n/3 \rfloor⌊n/3⌋ 只小猪。
保证 1≤n≤181\leq n \leq 181≤n≤18,0≤m≤20\leq m \leq 20≤m≤2,0<xi,yi<100 < x_i,y_i < 100<xi,yi<10,输入中的实数均保留到小数点后两位。
上文中,符号 ⌈c⌉\lceil c \rceil⌈c⌉ 和 ⌊c⌋\lfloor c \rfloor⌊c⌋ 分别表示对 ccc 向上取整和向下取整,例如:⌈2.1⌉=⌈2.9⌉=⌈3.0⌉=⌊3.0⌋=⌊3.1⌋=⌊3.9⌋=3\lceil 2.1 \rceil = \lceil 2.9 \rceil = \lceil 3.0 \rceil = \lfloor 3.0 \rfloor = \lfloor 3.1 \rfloor = \lfloor 3.9 \rfloor = 3⌈2.1⌉=⌈2.9⌉=⌈3.0⌉=⌊3.0⌋=⌊3.1⌋=⌊3.9⌋=3。
输出格式:对每个关卡依次输出一行答案。
输出的每一行包含一个正整数,表示相应的关卡中,消灭所有小猪最少需要的小鸟数量。
输入输出样例
2 2 0 1.00 3.00 3.00 3.00 5 2 1.00 5.00 2.00 8.00 3.00 9.00 4.00 8.00 5.00 5.00
1 1
3 2 0 1.41 2.00 1.73 3.00 3 0 1.11 1.41 2.34 1.79 2.98 1.49 5 0 2.72 2.72 2.72 3.14 3.14 2.72 3.14 3.14 5.00 5.00
2 2 3
1 10 0 7.16 6.28 2.02 0.38 8.33 7.78 7.68 2.09 7.46 7.86 5.77 7.44 8.24 6.72 4.42 5.11 5.42 7.79 8.15 4.99
6
说明
【样例解释1】
这组数据中一共有两个关卡。
第一个关卡与【问题描述】中的情形相同,222只小猪分别位于(1.00,3.00)(1.00,3.00)(1.00,3.00)和 (3.00,3.00)(3.00,3.00)(3.00,3.00),只需发射一只飞行轨迹为y=−x2+4xy = -x^2 + 4xy=−x2+4x的小鸟即可消灭它们。
第二个关卡中有555只小猪,但经过观察我们可以发现它们的坐标都在抛物线 y=−x2+6xy = -x^2 + 6xy=−x2+6x上,故Kiana
只需要发射一只小鸟即可消灭所有小猪。
【数据范围】
题目叙述很长,但仔细分析,发现数据都很小
考虑两种方法
1:dfs
dfs中存3中状态,到那个猪,用了几条抛物线,之前有几只单独的
1 #include<cstdio> 2 #include<cmath> 3 using namespace std; 4 5 const double eps=1e-8; 6 const int maxn=20; 7 int T,n,m,ans; 8 9 bool bj[maxn]; 10 11 double x[maxn],y[maxn],wxa[maxn],wxb[maxn],tx[maxn],ty[maxn]; 12 13 bool pd(double a,double b){ 14 return (fabs(a-b)<=eps); 15 } 16 17 void dfs(int dq,int u,int v){ 18 if(u+v>=ans) return;//最优性剪枝 19 if(dq==n+1){ 20 ans=u+v;return; 21 } 22 bool flag=false; 23 for(int i=1;i<=u;i++){//找原来的抛物线 24 if(pd(wxa[i]*x[dq]*x[dq]+wxb[i]*x[dq],y[dq])) { 25 flag=1; 26 dfs(dq+1,u,v); 27 break; 28 } 29 } 30 if(!flag){ 31 for(int i=1;i<=v;i++){ 32 if(pd(x[dq],tx[i])) continue; 33 double a=(y[dq]*tx[i]-ty[i]*x[dq])/(x[dq]*tx[i]*(x[dq]-tx[i])); 34 double b=(ty[i]-a*tx[i]*tx[i])/tx[i]; 35 if(a<0) { 36 bj[i]=1; 37 wxa[u+1]=a,wxb[u+1]=b; 38 double q=tx[i],w=ty[i]; 39 for(int j=i;j<v;j++) tx[j]=tx[j+1],ty[j]=ty[j+1]; 40 dfs(dq+1,u+1,v-1); 41 for(int j=v;j>i;j--) tx[j]=tx[j-1],ty[j]=ty[j-1]; 42 tx[i]=q,ty[i]=w;//回溯操作 43 } 44 }//与原来单独的猪结队 45 tx[v+1]=x[dq],ty[v+1]=y[dq]; 46 dfs(dq+1,u,v+1);//独立出来,看能否与后面的猪结队或直接单独一个 47 } 48 } 49 50 int main(){ 51 scanf("%d",&T); 52 while(T--){ 53 scanf("%d%d",&n,&m); 54 for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%lf%lf",x+i,y+i); 55 ans=100; 56 dfs(1,0,0); 57 printf("%d\n",ans); 58 } 59 return 0; 60 }
2:状态压缩,重点在处理抛物线
一次枚举每个节点,看能否组合成抛物线,再看后面的能否包含其中
转移方程直接看代码就好
1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 const double eps=1e-6; 4 int countpara,para[400],dp[1<<19],t,n,m; 5 6 double x[19],y[19]; 7 8 int main(){ 9 scanf("%d",&t); 10 while(t--){ 11 memset(dp,0x3f,sizeof(dp)); 12 dp[0]=0; 13 countpara=0; 14 scanf("%d%d",&n,&m); 15 for(int i=0;i<n;i++) scanf("%lf%lf",x+i,y+i); 16 for(int i=0;i<n;i++){ 17 para[++countpara]=1<<i; 18 for(int j=i+1,vis=0;j<n;j++){//vis用来判断节点是否已被包含进入抛物线里 19 if(vis&(1<<j)) continue; 20 if(x[i]==x[j]) continue;//注意,这个判断很重要,没加洛谷上只有90 21 double a=(y[j]*x[i]-y[i]*x[j])/(x[i]*x[j]*(x[j]-x[i])),b=(y[j]-a*x[j]*x[j])/x[j]; 22 if(a>-eps) continue; 23 para[++countpara]=(1<<i)|(1<<j); 24 for(int k=j+1;k<n;k++){ 25 if(fabs(a*x[k]*x[k]+b*x[k]-y[k])<=eps) 26 vis|=(1<<k),para[countpara]|=(1<<k); 27 } 28 } 29 } 30 for(int i=0;i<(1<<n);i++){ 31 for(int j=1;j<=countpara;j++){ 32 dp[i|para[j]]=min(dp[i|para[j]],dp[i]+1); 33 } 34 } 35 printf("%d\n",dp[(1<<n)-1]); 36 } 37 return 0; 38 }