【例1】一次考试，共考了五门课。统计五十个学生中至
少有三门课成绩高于90分的人数。
问题分析：若一个学生五门课的成绩分别记为：a1,a2,a3,a4,a5，则要表示有三门课成绩高于90分，有C35=10组关系逻辑表达式，每组三个关系表达式。无论书写还是运行效率都极低。但通过算法运算就能很简便地解决这类问题。
算法设计：
1）对每个同学，先计算其成绩高于90分的课程数目，若超过3，则累加满足条件的人数中。
2）用二重循环实现以上过程，外层循环模拟50个同学，内层循环模拟五门课程。
算法如下：
main( )
{int a[5],i,j,s,num=0;
for ( i=1;i<=50;i=i+1)
{s=0;
for( j=0;j<=4;j=j+1)
{input(a[j]);
if(a[j]>=90)
s=s+1; }
if(s>=3)
num=num+1;
}
print(“The number is”,num);
}
算法说明：对于计算其成绩高于90分的课程数目，还可以简单地这样实现：
s=0；
for( j=0;j<=4;j++)
{input(“a[j]);
s=s+(a[i]>=90);
}
【例2】开灯问题：有从1到n依次编号的n个同学和n 盏灯。1号同学将所有的灯都关掉；2号同学将编号为2的倍数的灯都打开；3号同学则将编号为3的倍数的灯作相反处理（该号灯如打开的，则关掉；如关闭的，则打开）；以后的同学都将自己编号的倍数的灯，作相反处理。问经n个同学操作后，哪些灯是打开的？
问题分析：
1）用数组表示某种状态，这里定义有n个元素的a数组，它的每个下标变量a[i]视为一灯，i表示其编号。a[i]=1 表示灯处于打开状态，a[i]=0表示灯处于关闭状态。
2）实现将第i 灯作相反处理的操作，可以用条件语句if表示：当a[i]为1时，a[i]被重新赋为0；当a[i]为0时， a[i]被重新赋为1。但通过以下算术运算： a[i]=1-a[i]就很好地模拟“开关”灯的操作。
main( )
{ int n,a[1000],i,k;
print(“input a number”);
input(“%d”,&n);
for( i=1;i<=n;i++)
a[i]=0;
for( i=2;i<=n;i++)
{ k=1;
while ( i*k<=n)
{ a[i*k]=1-a[i*k];
k=k+1;}
}
for( i=1;i<=n;i++)
print( a[i]);
}
算法说明：算法中第二个for循环i枚举的不是灯的编号，而是编号为I的同学,其内层循环中,就将包含i因素的灯的编号为“i*k”的灯，改变其状态。
【例3】右图中所示的圆圈中，我们把相隔一个数据的两个数（如1和10，3和5，3和6）称作是“一对数”，试编程求出乘积最大的一对数和乘积最小的一对数。输出格式如下：
max=?*?=?
min=?*?=?
其中？表示：找到的满足条件的数和乘积。
算法设计：
1）题目中的数据有前后“位置”关系，因此必须用数组来
存储。设数组定义为a[num]，则有a[0]—a[num-1]共
num个元素。
2）用i代表下标，题目就是顺序将a（i-1）与a（i+1）相
乘，求出乘积的最大值和最小值即可。
3）关键问题是使i=num-1时，保证i+1的“值”是0；当i=0
时，保证i-1的“值”是num-1，把数组当成圆圈操作通
过求余运算很容易实现将线性的数组当成圆圈操作：
i=num-1时，(i+1)%num等于0；
当i=0时(num+i-1)%num等于num-1，且这样的表达式当
i为其它值时也是同样适用的。
通过求余运算，“避免了”判别数组起点与终点的操作。
4）用变量Max记录当前最大的乘积，m、n为对应的两个乘
数；变量min记录当前最小的乘积，s、t为对应的两个
乘数。
算法如下：
main( )
{int max=1,min=32767,a[100],num,i,k,m,n,s,t;
print(“input a number”); input(num);
for( i=0;i<num;i=i+1)
input(a[i]);
for( i=0;i<num;i=i+1)
{p=(num+i-1) mod num；q=(i+1) mod num； k=a[p]*a[q];
if (k>max)
{max=k; m=a[p]; n=a[q]; }
if (k<min)
{min=k; s=a[p]; t=a[q]; }
}
print(”max=” m,”*”,n,”=”,max);
print(”min=” s,”*”,t,”=”,min);
}
标志量的妙用
【例1】冒泡排序算法的改进
问题分析：假设原有的数据本来就是从小到大有序的，则原有算法仍要做n-1趟比较操作，事实上一趟比较下来，若发现没有进行过交换，就已经说明数据已全部有序，无需进行其后的比较操作了。为提高效率可以对冒泡排序算法进行改进，当发现某趟没有交换后就停止下一趟的比较操作。用标志量来记录每趟交换数据的情况，如flag=0表示没有进行过交换，一但有数据进行交换则置flag为1，表示已进行过交换。当一趟比较交换完成后，若flag仍为0时，则无需进行下一趟操作，否则若flag为1时，只能继续进行下一趟操作。
改进后的算法如下：
main()
{ int i,j,t,n,a[100],flag;
print(“input data number(<100):”);
input(n);
print(“input data:”,n);
for(i=0;i<n;i++)
input(a[i]);
flag=1;
for(i=1;i<=n-1 and flag==1;i++)
{flag=0;
for(j=n-1;j>=i;j--)
if(a[j]<a[j-1])
{ t=a[j]; a[j]=a[j-1]; a[j-1]=t;flag=1;}
for(i=0;i<n;i++) print(a[i]);
}
}
算法说明：
1）排序前“for(i=1;i<=n-1 and flag==1;i++)，for循环之前”的flag=1;是为了保证循环的开始。
2）内层循环外的flag=0;是假设这趟比较中没有交换，一但发生交换操作在内层循环中就置flag=1;，以保证继续下一趟操作。
【例2】编程判定从键盘输入n个数据互不相等。
问题分析：
这里要判定n个数互不相等，是无任何限定的数据。若用逻辑表达式表示需要：
n-1 + n-2 + n-3 +……+1=n*(n-1)/2
个关系表达式。显然书写和运行效率都很低。
算法设计：
下面，通过引入标志量记录数据是否有重复的情况，避免了复杂的逻辑表达式。
算法如下：
main( )
{ int a[100] ,i,j,t,n;
input(n);
for (i=1;i<=n;i++)
input( a[i]);
t=1;
for (i=1;i<=n-1;i++)
for (j=i+1;j<=n;j++)
if (a[i]==a[j])
{t=0; break;}
if (t=1)
print(“No repeat”);
else
print(“repeat ”);}
}
算法说明：算法中通过二重循环，交叉比较所有数据，用标志变量t=0标识可能的重复。若循环结束，t仍为1，说明数据没有重复，互不相同。
【例3】输入三个数值，判断以它们为边长是否能构成的三角形，属于那种特殊三角形：等边、等腰、直角。
问题分析：这个题目表面看起来非常简单，但要做到合理输出却并不容易。这里我们先讨论一下可能的输出情况：
1）不构成三角形、2）构成等边三角形、3）构成等腰三角形、
4）构成直角三角形5）构成一般三角形。
分析以上情况，输出情况5）与2）、3）、4）不应该同时出现，而输出情况3）4）有可能同时出现；只用嵌套或并列的if很容易出现不合理的输出，如会出现既输出“是一个三角形”又输出了“是等边三角形”等不合理的结果。
输出情况1）与其它情况是“否则”关系，容易分支。输出情况5）是在三角形不属于2）3）4）三种情况时的输出。特别地，情况4）与情况3）不是简单的否则关系，因为3）4）两种情况可能同时输出。
算法设计：
算法中我们需要避免情况5）与情况2）3）4）之一同时输出。设置一标志变量flag，当数据能构成三角形时就置flag=0表示情况5），一但测试出数据属于情况2）3）4）中的一种情况时，就置flag=1表示构成了特殊三角形，最后就不必输出“构成一般三角形”了；若flag最后仍保持0，则输出“构成一般三角形”。
算法如下：
main( )
{ int a,b,c,flag;
print(“Input 3 number:”); input(a,b,c);
if(a>=b+c or b>=a+c or c>=a+b)
print(“don’t form a triangle”);
else
{flag=0;
if (a*a=b*b+c*c or b*b=a*a+c*c or c*c=a*a+b*b)
{print(“form a right-angle triangle”); flag=1;}
if(a=b and b=c)
{print(“form a equilateral triangle”);flag=1;}
else if(a=b or b=c or c=a)
{ print(“form a equal haunch triangle”);flag=1;}
if(flag=0)
print(“form a triangle”);
}
}
【例4】编写算法，求任意三个数的最小公倍数。
算法设计：
1）用短除法求三个已知数的最小公倍数的过程就是求它们的因数之积，这个因数可能是三个数共有的、两个数共有或一个数独有的三种情况。
2）在手工完成这个问题时，我们的大脑可以判断三个数含有哪些因数，及属于哪种情况。用算法实现就只能利用尝试法了。尝试的范围应该是2——三个数中最大数之间的因数。
无论因数属于以下三种情况之一，都只算作一个因数，累乘一次。
若某个数是三个数的共有的因数，如：2是2，14，6的因数；
若某个数是其中两个数的因数，如：2 是2，5，6的因数；
若某个数是其中某一个数的因数，如：2 是2，5，9的因数。
以上三种情况例子中，因数2都只累乘一次
3）再看例子2，4，8中2是的因数，为避免因数重复计算，一定要用2整除这三个数得到1，2，4。注意到2仍是（1，2，4）的因数，所以在尝试某数是否是三个数的因数时，不是用条件语句if，而是要用循环语句while，以保证将三个数中所含的某个因数能全部被找出，直到三个数都不含这个数做因数时循环结束。
4）由于某数i是已知三数的因数有多种情况，以上讨论了三大类，后两类又能细分出更多小的类别。如是两个数共有的因数时，可能是第一、三个数的因数；或是第一、二个数的因数；或是第二、二个数的因数。总之，很难用一个简单的逻辑表达式来表示各种复杂的情况。
不过借助3.3.1小节“算术运算的妙用”中介绍的方法，用表达式:
k=( x1 mod i =０)+( x2 mod i=0)+ ( x3 mod i=0)
的值，可以区分某数i是否为已知三个数的因数，k=0表示i不是三个数的因数，k>0表示i是三个数的因数。
为避免因数重复计算，每次都需要除掉三个整数中已找到的因数（即用因数去除含有它的整数）。而以上逻辑表达式无法识别i具体是哪一个数的因数，要对哪个数进行整除i的运算。下面我们采用标致量的方法，来解决这里的问题。
算法如下：
main( )
{ int x1,x2,x3,t=1,i,flag,x0;
print(“Input 3 number:”); input(x1,x2,x3);
x0=max(x1,x2,x3);
for (i=2;i<=x0;i=i+1)
{flag=1;
while(flag=1)
{ flag=0;
if (x1 mod i=0) {x1=x1/i; flag=1;}
if(x2 mod i=0) {x2=x2/i; flag=1;}
if(x3 mod i=0) {x3=x3/i; flag=1;}
if (flag=1) t=t*i; }//while结束符
x0=max(x1,x2,x3) }//for结束符
print(“The result is ”,t);
}
max(int x,int y,int z )
{ if(x>y&&x>z) return(x);
else if(y>x and y>z) return(y);
else return(z);
}
算法说明：在while循环体外将flag置为1，是为了能进入循环。一进入循环马上将其置为0，表示假设i不是三个数的因数，以下用三个条件语句测试：发现i是某个数的因数，则用因数去除对应整数，并将flag置为1，表示i是某个数的因数；循环体最后测试flag的值，若为1则累乘i因数；否则，i不是任意一个数的因数，为了提高运行效率再一次找出去除因数后，三个数的最大值，以决定是否继续for循环。
信息数字化
【例1】警察局抓了a，b，c，d四名偷窃嫌疑犯，其中只有一人是小偷。审问中
a说：“我不是小偷。”
b说：“c是小偷。”
c说：“小偷肯定是d。”
d说：“c在冤枉人。”
现在已经知道四个人中三人说的是真话，一人说的是假话，问到底谁是小偷？
问题分析：将a,b,c,d将四个人进行编号，号码分别为1，2，3，4。则问题可用枚举尝试法来解决。
算法设计：用变量x存放小偷的编号，则x的取值范围从1取到4，就假设了他们中的某人是小偷的所有情况。四个人所说的话就可以分别写成：
a说的话：x<>1
b说的话：x=3
c说的话：x=4
d说的话：x<>4或not(x=4)
注意:在x的枚举过程中，当这四个逻辑式的值相加等于3时，即表示“四个人中三人说的是真话，一人说的是假话”。
算法如下：
main( )
{ int x;
for(x=1;x<=4;x++)
if((x<>1)+(x=3)+(x=4)+(x<>4)==3)
print(chr(64+x),“is a thief .”);
}
运行结果：
c is a thief .
【例2】三位老师对某次数学竞赛进行了预测。他们的预测如下：
甲说：学生A得第一名，学生B得第三名。
乙说：学生C得第一名，学生D得第四名。
丙说：学生D得第二名，学生A得第三名。
竞赛结果表明，他们都说对了一半，说错了一半，并且无并列名次，试编程输出A、B、C、D各自的名次。
问题分析：用数1，2，3，4分别代表学生a，b，c，d获得的名次。问题就可以利用三重循环把所有的情况枚举出来。
算法设计：
1）用a，b，c，d 代表四个同学，其存储的值代表他们的名次。
设置第一层计数循环a的范围从1到4；
设置第二层计数循环b的范围从1到4；
设置内计数循环c的范围从1到来4；
由于无并列名次，名次的和为1+2+3+4=10，由此可计算出d的名次值为10-a-b-c。
2）问题的已知内容，可以表示成以下几个条件式：
(1) (a=1)+(b=3)=1
(2) (c=1)+(d=4)=1
(3) (d=2)+(a=3)=1
若三个条件均满足，则输出结果，若不满足，继续循环搜索，直至循环正常结束。
算法如下：
main( )
{int a,b,c,d;
for( a=1;a<=4;a=a+1)
for( b=1;b<=4;b=b+1)
if (a<>b)
for( c=1;c<=4;c=c+1)
if (c<>a and c<>b)
{d=10-a-b-c;
if (d<>a and d<>b and d<>c )
if(((a=1)+(b=3))=1 and ((c=1)+(d=4))=1 and ((d=2)+(a=3))=1)
print( “a,b,c,d=”,a,b,c,d);
}
}
【例3】填写运算符
输入任意5个数x1,x2,x3,x4,x5每相邻两个数之间填上一个运算符。在填入四个运算符后，使得表达式值为一个指定值y(y由键盘输入)。求出所有满足条件的表达式。
算法设计：
1）枚举法解题：先填四个‘+’。检验条件表达式
x1+x2+x3+x4+x5=y，如果不成立，则将第四个运算符 改为‘-’，以后改‘*’、改‘/’。轮完一遍，把第三个运算 符改为‘-’，第四个运算符按‘+、-、*、/’顺序再轮一遍，……如此下去，直至第一个运算符，由‘+’至‘/’轮完为止。
2）若当前运算符轮到‘/’则运算符右端的数必须非零，因为 零不能当除数。
3）为了便于循环我们在算法中，把‘+、-、*、/’数字化作1、 2、3、4。五个数据间需四个运算符，用一个有四个元 素数组i[1]…i[4] 来代表它们。
4）为了解决运算的优先级问题，我们设置如下变量：
f----减去标志。减法运算时，置f=-1,否则f=1；
q----若当前运算符为+（-）时,q存贮运算符的左项值；
若当前运算符为*（/）时，q存贮两数乘（除）后结果；
p----累加器。每填一个算符p=p+f*q。
在每填入四个算符前，设置f=1、q=第1项的值，p=0，然后由左至右计算表达式的值。当分析至第四个算符 f = 是第四次运算符的减标志，q是第五项值， p是前三次运算的累加值。此时只要检验p+f*q=y是否成立。若成立，则为一个方案；否则重新循环搜索新的一组算符。
算法如下：
main( )
{ int j, k,f,i[5], total;
float n[6],p,q;
char c[5] ={‘ ‘,’+’,’-’,’*’,’/’};
print(“input five number”);
for(j=1;j<=5;j++)
input(n[j]);
print(“ input result:”);
input(n[0]);
total=0;
for (i[1]=1 ;i[1]<=4 ;i[1]++)
if ((i[1]<4) || (n[2]!=0) )
for (i[2]=1 ;i[2]<=4 ;i[2]++)
if( (i[2]<4) || (n[3]!=0) )
for (i[3]=1 ;i[3]<=4 ;i[3]++)
if ((i[3]<4) ||(n[4]!=0) )
for (i[4]=1 ;i[4]<=4 ;i[4]++)
if((i[4]<4) || (n[5]!=0) )
{p=0; q=n[1]; f=1;
for (k=1;k<=4;k++)
switch (i[k])
{ case 1: p=p+f*q; f=1; q=n[k+1]; break;
case 2: p=p+f*q; f=-1; q=n[k+1]; break;
case 3: q=q*n[k+1]; break;
case 4: q=q/n[k+1]; }
if ( p+f*q==n[0])
{ total++; print (“total: ” ,total);
for (k=1;k<=4;k++)
print (n[k],c[i[k]]);
print (n[5], n[0]);
if (total mod 20==0 ) {每20个方案为一屏，逐屏显示}
{print (“press enter to continue”);
getchar( );}
}
}
}
算法说明：
1）算法中四个for循环后的四个if语句，为了保证不进行除数为0的运算。
2）在枚举四个运算符时，用了四个数组元素i[1]、i[2]、 i[3]、i[4]代表四个运算符。若用四个普通变量代表四个运算符,则运算过程需四个switch语句。而算法是通过四次循环完成运算过程的,又一次体现了利用数组构造循环“不变量”的技巧。
【例4】有10箱产品每箱有1000件，正品每件100克。其中的几箱是次品，次品每件比正品轻10克，问能否用秤只称一次，就找出哪几箱是次品。
问题分析：
1) 假设只有一箱是次品：先将箱子编码1，2，3，4……10。再从1号箱取1件产品，2号箱取2件产品，3号箱取3件产品……10号箱取10件产品，称它们的重量，若比标准重量轻10克则1号箱为次品；比标准重量轻20克，则2号箱为次品；比标准重量轻30克，则3号箱为次品；……比标准重量轻100克，则10号箱为次品
设取出产品重量为w，则次品的箱号为（(1+2+3+……+10）*100-w）/10。
2) 若不止一箱次品时，以上的方法就行不通了。但以上方法的基本思想还是可利用的，即根据取出每箱产品数量的差异，和取出产品的总重量与标准重量误差，来分析推算次品的箱号。
数字化过程：先将箱子编码1，2，3，4……10。用枚举方法分析问题，由小到大讨论：
从“1”号箱取1件产品，若最后总重量比标准重量轻10克，则1号箱为次品；
从“2”号箱取2件产品，若最后总重量比标准重量轻20克，则2号箱为次品；
从“3”号箱若取3件产品，若最后总重量比标准重量轻30克，无法识别哪些箱是次品。但从3号箱取4件产品，若最后总重量比标准重量轻40克，肯定3号箱为次品；
再看“4”号箱，
①取5件产品，若最后总重量比标准重量轻50克，无法识 别哪些是次品：可能是1、3号箱（分别取1件、4件）或5号箱为次品。
② 取6件产品，若最后总重量比标准重量轻60克，无法识别哪些是次品：可能是2、3号箱（分别取2件、4件）或5号箱为次品。
③ 取7件产品，若最后总重量比标准重量轻70克，也无法识别哪些是次品：可能是1、2、3号箱（分别取1件、2件、4件）或5号箱为次品。
④ 取8件产品，则最后总重量比标准重量轻80克，则可以肯定4号箱为次品；无需继续枚举就可看出：1，2，3，4……10号箱取产品的件数分别为20，21，22，23，24，25，26，27，28，29，即1，2，4，8，16，32，64，128，256，512件。
3)根据以上方法，取出产品称量后：
轻10克1号箱为次品。
轻20克2号箱为次品。
轻30克1、2号箱为次品。
轻40克3号箱为次品。
轻50克1、3号箱为次品。
轻60克2、3号箱为次品。
轻70克1、2、3号箱为次品。
轻80克4号箱为次品。
轻90克1、4号箱为次品。
…………
算法设计：用算式或算法来识别误差与次品箱号.首先是计算标准总重量，存储在变量w1中。输入称取的总重量，存储在变量w2中。然后计算出比标准重量轻多少，仍存储在变量w1中。
1）当w/10=2k 时，则k+1号箱为唯一的一箱次品。
2）当w/10>2k k取最大时记为k1，k1+1号箱为的次品箱；
继续讨论w/10-2 k1 >2 k k取最大时记为k2， k2+1号箱为的次品箱；
…………
直到取等号w/10-2 ki-1 =2 ki ，ki+1号箱为的次品箱；结束。
算法如下：
main( )
{ int i,k,n,w1=0,w2=0,t;
print(“Input the number of boxes:”)；
input(n);
t=1;
for (i=1;i<=n;i++)
{print(i,“box take” , t,” units.”);
w1=w1+t;t=t*2;}
w1=w1*100;
print(“normal weight ”,w1);
print(“ Input reality weight”);
input(w2);
w1=(w1-w2)/10;
{ k=0;
t=1;
while( w1-t>=0)
{ t=t*2; k=k+1;}
print(k,“is bad”);
w1=w1-t/2;
}
}
算法说明：算法中的最后一个内层while 循环及其后语句，是用于计算最接近当前重量w1的2 k，则k号箱为次品箱。这个过程也可以通过使用函数来完成。
main( )
{ int i,k,n,w1=0,w2=0,t;
print(“Input the number of boxes:”)；input(n);
t=1;
for (i=1;i<=n;i=i+1)
{print(i, “box take”,t,”letter.”);
w1=w1+t; t=t*2; }
w1=w1*100;
print(“\n normal weight ”,w1);
print(“Input reality weight”);input(w2);
w1=(w1-w2)/10;
while( w1<>0)
{k=log(w1)/log(2); //以2为底取对数
print(k+1 ,“is bad”);
w1=w1-pow(2,k); } // pow(2,k)的功能是求2k
}
【例5】编写算法对输入的一个整数，判断它能否被3，5，
7整除，并输出以下信息之一：
（1） 能同时被3，5，7整除；
（2） 能被其中两数（要指出哪两个）整除；
（3） 能被其中一个数（要指出哪一个）整除；
（4） 不能被3，5，7任一个整除。
算法1：
main( )
{long n;
int k;
print(“Please enter a number:”);
input(n);
k=（n mod 3=0）+（n mod 5=0）+（n mod 7=0）
switch (k)
{ case 3: print(“\n All”); break;
case 2: print(“\n two”); break;
case 1: print(“\n one”); break;
case 0: print(“\n none“); break;
}
算法2：
main( )
{long n;
int k;
print(“ Please enter a number:”);
input(n);
k=（n mod 3=0）+（n mod 5=0）*2+（n mod 7=0）*4
switch (k)
{ case 7: print(“ All”); bresk;
case 6: print(“ 5 and 7 ”); break;
case 5: print(“ 3 and 7 ”); break;
case 4: print(“ 7 ”); break;
case 3: print(“ 3 and 5 ”); break;
case 2: print(“ 5 ”); break;
case 1: print(“ 3 ”); break;
case 0: print(“ none“); break;
}
算法说明：算法中k表示整除的情况值。算法1中，k的范围是0——3可以表示四种情况，而算法2中，k的范围是0——7可以表示八种情况。