传送门
这场比赛原地爆炸了啊!!!
只做了两道。
题手贱于是
了一次,死活调不出错。
题意:给出网格图上三个点坐标,让你求出让三个点连通的最少网格数并且输出任意一种连接的方案。
思路:可以直接上分类讨论。
不过可以人脑减去一些讨论。
我们设最初的坐标为
然后把
分别排序变成
和
显然横向走的长度是
,我们不妨直接把
全部染上。
然后就只用考虑纵向的了。
于是我们找到
最小的点
,把
染上,然后类似地去找到
最大的点
,把
染上就可以满足题意了。
代码:
#include<bits/stdc++.h>
#define ri register int
using namespace std;
inline int read(){
int ans=0;
char ch=getchar();
while(!isdigit(ch))ch=getchar();
while(isdigit(ch))ans=(ans<<3)+(ans<<1)+(ch^48),ch=getchar();
return ans;
}
int x[3],y[3],X[3],Y[3];
struct Pot{int x,y;}p[3];
inline bool cmp(const Pot&a,const Pot&b){return a.y==b.y?a.x<b.x:a.y<b.y;}
int main(){
for(ri i=0;i<3;++i)p[i].x=x[i]=read(),p[i].y=y[i]=read();
sort(x,x+3),sort(y,y+3),sort(p,p+3,cmp);
int cnt=0;
vector<pair<int,int> >ans;
for(ri i=x[0];i<=x[2];++i)ans.push_back(make_pair(i,y[1]));
for(ri i=y[0];i<y[1];++i)ans.push_back(make_pair(p[0].x,i));
for(ri i=y[1]+1;i<=y[2];++i)ans.push_back(make_pair(p[2].x,i));
cout<<ans.size()<<'\n';
for(ri i=0;i<ans.size();++i)cout<<ans[i].first<<' '<<ans[i].second<<'\n';
return 0;
}
题简单贪心
题意:给出一棵带权树的边长总和 和树的边,让你任意给每条边分配非负边权使得树的直径最小。
思路:我们考虑只赋值给连向叶子的边权值,且每条边的权值都是
,而其它边都赋值为0.
此时的答案为
,不难证明改变任意一条当前边的权值都无法使答案更优,因此答案就是
代码:
#include<bits/stdc++.h>
#define ri register int
using namespace std;
inline int read(){
int ans=0;
char ch=getchar();
while(!isdigit(ch))ch=getchar();
while(isdigit(ch))ans=(ans<<3)+(ans<<1)+(ch^48),ch=getchar();
return ans;
}
const int N=1e5+5;
int n,s,cnt=0,du[N];
int main(){
n=read(),s=read()<<1;
for(ri i=1;i<n;++i)++du[read()],++du[read()];
for(ri i=1;i<=n;++i)if(du[i]==1)++cnt;
printf("%.10lf",(double)s/cnt);
return 0;
}
题贪心好题
题意:给出三个字符串
和字符集大小
,问是否存在一种字符集的双射关系使得
映射成的新字符串
满足
,允许输出任意一种方案。
思路:我们根据 字符串逐位贪心确定 ,考虑当前 的字符 和 当前的字符
- 这个字符之前映射过了,那么直接判断:如果映射值 显然不满足条件;如果 就递归到下一位处理;如果 就直接贪心构造之后的位跟 比大小即可。
- 这个字符之前没有映射过,那么先看能否映射成 ,如果可以就递归到下一位;否则看能否映射成一个比 大的,如果可以就贪心构造之后的位跟 比较大小。
代码:
#include<bits/stdc++.h>
#define ri register int
using namespace std;
inline int read(){
int ans=0;
char ch=getchar();
while(!isdigit(ch))ch=getchar();
while(isdigit(ch))ans=(ans<<3)+(ans<<1)+(ch^48),ch=getchar();
return ans;
}
const int N=1e6+5;
int n,Tran[26],tran[26],a[N],b[N],s[N],ans[N],vis[26],Vis[26],k;
char S[N];
inline void print(){
puts("YES");
for(ri i=0;i<=k;++i)if(Tran[i]==-1)for(ri j=0;j<=k;++j)if(!Vis[j]){Vis[Tran[i]=j]=1;break;}
for(ri i=0;i<=k;++i)printf("%c",(char)(Tran[i]+'a'));
puts("");
}
inline bool update(int st){
for(ri i=0;i<=k;++i)Vis[i]=vis[i],Tran[i]=tran[i];
for(ri i=st;i<=n;++i){
if(Tran[s[i]]==-1)for(ri j=0;j<=k;++j)if(!Vis[j]){Vis[Tran[s[i]]=j]=1;break;}
ans[i]=Tran[s[i]];
}
for(ri i=1;i<=n;++i){
if(ans[i]==b[i])continue;
if(ans[i]<b[i])return print(),true;
return false;
}
return print(),true;
}
inline bool dfs(int pos){
if(pos==n+1)return update(pos);
if(~tran[s[pos]]){
ans[pos]=tran[s[pos]];
if(tran[s[pos]]<a[pos])return false;
if(tran[s[pos]]==a[pos])return dfs(pos+1);
return update(pos+1);
}
bool t;
if(!vis[a[pos]]){
vis[ans[pos]=tran[s[pos]]=a[pos]]=1,t=dfs(pos+1);
if(t)return true;
tran[s[pos]]=-1,ans[pos]=vis[a[pos]]=0;
}
for(ri i=a[pos]+1;i<=k;++i)
if(!vis[i]){
vis[ans[pos]=tran[s[pos]]=i]=1,t=update(pos+1);
if(t)return true;
return tran[s[pos]]=-1,vis[i]=0;
}
return false;
}
int main(){
for(ri tt=read();tt;--tt){
k=read()-1;
scanf("%s",S+1),n=strlen(S+1);
for(ri i=1;i<=n;++i)s[i]=S[i]-'a';
scanf("%s",S+1);
for(ri i=1;i<=n;++i)a[i]=S[i]-'a';
scanf("%s",S+1);
for(ri i=1;i<=n;++i)b[i]=S[i]-'a';
for(ri i=0;i<26;++i)tran[i]=-1,vis[i]=0;
if(!dfs(1))puts("NO");
}
return 0;
}
题思维好题
题意:
个人排成一排来猜拳,每个人规定每次出的是石头,剪刀或者布(这个规定可以修改)。允许操作
次,每次操作可以选当前剩下的两个相邻的人进行比赛,输了的进行淘汰(如果出的相同你可以自己定输赢),每次修改后问有多少人可能赢得最后胜利。
思路 :分情况讨论废话
- 所有人都出一样的:答案为
- 只出了两种,答案为出较大的人数。
- 三种都有出的,发现对于一个人有没有可能赢,只跟左边,右边能否可以消成都不比自己大的有关,因此我们用 维护一下每种出法最靠左和最靠右的位置然后容斥一下即可。
代码:
#include<bits/stdc++.h>
#define ri register int
using namespace std;
inline int read(){
int ans=0;
char ch=getchar();
while(!isdigit(ch))ch=getchar();
while(isdigit(ch))ans=(ans<<3)+(ans<<1)+(ch^48),ch=getchar();
return ans;
}
const int N=2e5+5;
int ans=0,n,q,a[N],bit[N][3];
char s[N];
map<char,int>S;
set<int>pos[3];
inline int lowbit(int x){return x&-x;}
inline void update(int x,int id,int v){for(ri i=x;i<=n;i+=lowbit(i))bit[i][id]+=v;}
inline int query(int x,int id){int ret=0;for(ri i=x;i;i-=lowbit(i))ret+=bit[i][id];return ret;}
set<int>::iterator it;
inline void calc(){
ans=0;
for(ri i=0;i<3;++i){
int x=(i+1)%3,y=(i+2)%3,lx,ly,rx,ry;
ans+=pos[i].size();
if(!pos[i].size()||!pos[x].size())continue;
if(!pos[y].size()){ans-=pos[i].size();continue;}
lx=*pos[x].begin(),rx=*pos[x].rbegin(),ly=*pos[y].begin(),ry=*pos[y].rbegin();
if(ly>lx)ans-=query(ly,i)-query(lx-1,i);
if(ry<rx)ans-=query(rx,i)-query(ry-1,i);
}
}
int main(){
n=read(),q=read(),S['R']=0,S['P']=1,S['S']=2,scanf("%s",s+1);
for(ri i=1;i<=n;++i)a[i]=S[s[i]],pos[a[i]].insert(i),update(i,a[i],1);
calc(),cout<<ans<<'\n';
while(q--){
int p=read();
char t[2];
scanf("%s",t);
pos[a[p]].erase(p),update(p,a[p],-1);
a[p]=S[t[0]];
pos[a[p]].insert(p),update(p,a[p],1);
calc(),cout<<ans<<'\n';
}
return 0;
}