1.zoj-4026
首先我们需要推倒一下，每次都是从A开始拿，可以列举几种情况，会发现最后结束一定是在第四次抽到A的时候结束的，因为假设在第二堆结束，你在抽完4次2后第二堆才为空，你需要第五次抽到2才会回到第二堆，这时候才能结束，不符合题意，因此只有第一次就被抽的A能结束游戏，因此结束的时候一定为A，因此A被抽完的可能性为ans【1】=1；
假设每种牌剩余数量分别为n1,...,n12n1,...,n12，对于2≤i≤122≤i≤12，如果ni=0ni=0说明四张ii都被拿走了，即ans[i]=1ans[i]=1，否则说明还有ii没有被拿走，此时若n1=0n1=0说明游戏已经结束，那么没有机会再拿走剩下的ii了，即ans[i]=0ans[i]=0，否则说明还有机会拿走全部的ii，此时问题转化为，m=48−nm=48−n张牌随意排列，要求在拿走第n1张AA之前拿走ni张ii，枚举最后一张A的位置j,用组合公式算出总方案数和满足条件的方案数，代码如下：
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<vector>
#include<queue>
#include<map>
#include<set>
#include<ctime>
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<int, int>P;
const int INF = 0x3f3f3f3f, maxn = 15;
int T, n, num[maxn];
ll C(int n, int m)
{
if (m<0 || m>n)return 0;
ll ans = 1;
for (int i = 1; i <= m; i++)ans = ans * (n - m + i) / i;
return ans;
}
int V(char *s)
{
if (s[1])return 10;
if (s[0] == 'A')return 1;
if (s[0] == 'J')return 11;
if (s[0] == 'Q')return 12;
return s[0] - '0';
}
ll gcd(ll a, ll b)
{
return b ? gcd(b, a%b) : a;
}
int main()
{
scanf("%d", &T);
while (T--)
{
scanf("%d", &n);
for (int i = 1; i <= 12; i++)num[i] = 4; /*每张牌有4张*/
for (int i = 1; i <= n; i++)
{
char s[3];
scanf("%s", s);
num[V(s)]--;/*每次被抽一次就减少一张*/
}
n = 48 - n;/*剩下多少张牌没有被抽*/
printf("1");/*A被抽完的可能性为1*/
for (int i = 2; i <= 12; i++)
if (!num[i])printf(" 1");/*若已被抽完则为1*/
else if (!num[1])printf(" 0");/*若A已被抽完且第i张牌没有被抽完就已没机会被抽完*/
else
{
ll q = C(n, num[1])*C(n - num[1], num[i]);/*总的方案数*/
ll p = 0;
for (int j = num[1] + num[i]; j <= n; j++)p += C(j - 1, num[1] - 1)*C(j - num[1], num[i]);/*满足条件的方案数*/
ll g = gcd(p, q);
p /= g, q /= g;
if (p == 0)printf(" 0");
else if (p == q)printf(" 1");
printf(" %lld/%lld", p, q);
}
printf("\n");
}
return 0;
}
2.zoj-4027
假设现有n个括号，其中有两个左括号A和B，则最后移动完后A一定在B的左边，这是很关键的一点；
可知左括号与n个右括号交换，则得到的值是此左括号对应的值与被交换的右括号的值的总和；
dp数组的i行表示的是第i个左括号，因此这一行用来维护此左括号能得到的最大值，再与dp[i+1][j+1]相加，即可得到这两个左括号能得到的最大值的总和，建议画出dp图理解，代码如下：
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<vector>
#include<queue>
#include<map>
#include<set>
#include<ctime>
using namespace std;
const int maxn = 1005;
int T, n, nl, nr, val[maxn], num[maxn], sum[maxn], pos[maxn];
long long dp[maxn][maxn];
char s[maxn];
int main()
{
scanf("%d", &T);
while (T--)
{
memset(s, '\0', sizeof(val));
memset(val, 0, sizeof(val));
memset(pos, 0, sizeof(pos));
memset(num, 0, sizeof(num));
memset(sum, 0, sizeof(sum));
memset(dp, 0, sizeof(dp));
scanf("%d", &n);
scanf("%s", s + 1);
for (int i = 1; i <= n; i++)
scanf("%d", &val[i]);
nl = nr = 0;/*nl用来记录左括号的总数，nr用来记录右括号的总数*/
for (int i = 1; i <= n; i++)
if (s[i] == '(')
{
pos[++nl] = i;/*当出现左括号的时候，用pos数组来记录此括号的位置*/
num[nl] = nr;/*用num数组来记录此括号的左边的右括号的总数*/
}
else
{
nr++;
sum[nr] = sum[nr - 1] + val[i];/*用sum数组记录右括号的叠加和*/
}
for (int i = nl; i >= 1; i--)
{
for (int j = n - (nl - i); j >= pos[i]; j--)
{
long long temp = (long long)val[pos[i]] * (sum[num[i] + j - pos[i]] - sum[num[i]]);
dp[i][j] = dp[i + 1][j + 1] + temp;
if (j<n - (nl - i))dp[i][j] = max(dp[i][j], dp[i][j + 1]);
}
for (int j = pos[i] - 1; j >= pos[i - 1]; j--)
dp[i][j] = dp[i][j + 1];
}
long long ans = 0;
for (int j = 1; j <= n; j++)
ans = max(ans, dp[1][j]);
printf("%lld\n", ans);
}
return 0;
}
3.zoj-4033
当 0<=i<n/2 时，将标记为0的男生分到3组，女生分到1组；
当 i >= n/2 时，将标记为1的男生分到3组，女生分到一组；
分别对1、3组和2、4组的权值求和，若不相等输出-1，否则输出位置。
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <functional>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <cmath>
using namespace std;
const int maxn=1e6+10,inf=(1<<30),mod=1e9+7;
char que[maxn];
int place[maxn];
int main(){
int t;
scanf("%d",&t);
while(t--){
int n;
scanf("%d",&n);
scanf("%s",que);
int sum1=0,sum2=0;
for (int i=0;i<n/2;i++){
if(i%2==0) place[i]=0,sum1+=i+1;
else place[i]=1,sum2+=i+1;
}
for (int i=n/2;i<n;i++){
if(i%2==0) place[i]=1,sum2+=i+1;
else place[i]=0,sum1+=i+1;
}
if(sum1!=sum2){
printf("-1\n");
continue;
}
for (int i=0;i<n;i++){
if(que[i]=='1'){
if(place[i]) printf("4");
else printf("3");
}
else {
if(place[i]) printf("2");
else printf("1");
}
}
printf("\n");
}
return 0;
}