题解报告——聪聪与可可

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题目描述

在一个魔法森林里，住着一只聪明的小猫聪聪和一只可爱的小老鼠可可。虽然灰姑娘非常喜欢她们俩，但是，聪聪终究是一只猫，而可可终究是一只老鼠，同样不变的是，聪聪成天想着要吃掉可可。

一天，聪聪意外得到了一台非常有用的机器，据说是叫 GPS，对可可能准确的定位。有了这台机器，聪聪要吃可可就易如反掌了。于是，聪聪准备马上出发，去找可可。而可怜的可可还不知道大难即将临头，仍在森林里无忧无虑的玩耍。小兔子乖乖听到这件事，马上向灰姑娘报告。灰姑娘决定尽快阻止聪聪，拯救可可，可她不知道还有没有足够的时间。

整个森林可以认为是一个无向图，图中有

当聪聪得到 GPS 时，可可正在景点

我们知道，聪聪是很聪明的，所以，当她在景点 C 时，她会选一个更靠近可可的景点，如果这样的景点有多个，她会选一个标号最小的景点。由于聪聪太想吃掉可可了，如果走完第一步以后仍然没吃到可可，她还可以在本段时间内再向可可走近一步。

在每个时间单位，假设聪聪先走，可可后走。在某一时刻，若聪聪和可可位于同一个景点，则可怜的可可就被吃掉了。

灰姑娘想知道，平均情况下，聪聪几步就可能吃到可可。而你需要帮助灰姑娘尽快的找到答案。

输入输出格式

输入格式：

数据的第 1 行为两个整数

第 2 行包含两个整数

接下来 E 行，每行两个整数，第 $AiA_iAi和 BiB_iBi表示景点 AiA_iAi和景点 BiB_iBi 之间有一条路。所有的路都是无向的，即：如果能从 A 走到 B，就可以从 B 走到 A。$

输入保证任何两个景点之间不会有多于一条路直接相连，且聪聪和可可之间必有路直接或间接的相连。

输出格式：

输出 1 个实数，四舍五入保留三位小数，表示平均多少个时间单位后聪聪会把可可吃掉。

输入输出样例

输入样例#1： 复制

输出样例#1： 复制

1.500

输入样例#2： 复制

输出样例#2： 复制

2.167

说明

【样例说明 1】

开始时，聪聪和可可分别在景点 1 和景点 4。

第一个时刻，聪聪先走，她向更靠近可可(景点 4)的景点走动，走到景点 2，然后走到景点 3；假定忽略走路所花时间。

可可后走，有两种可能：第一种是走到景点 3，这样聪聪和可可到达同一个景点，可可被吃掉，步数为

第二种是停在景点 4，不被吃掉。概率为

到第二个时刻，聪聪向更靠近可可(景点 4)的景点走动，只需要走一步即和可可在同一景点。因此这种情况下聪聪会在两步吃掉可可。所以平均的步数是 $1×1/2+2×1/2=1.51\times 1/2 + 2\times 1/2 =1.51×1/2+2×1/2=1.5 步。$

对于 50%的数据，

$【思路分析】$

$看到数据范围，O(n^2)铁定稳的，看到期望，不难到想到用期望DP去搞一搞，然后又发现我们需要考虑的状态只有两个：聪聪与可可分别在的位置。然而我们发现我们的转移并不是线性递推的，一般的转移方法是不可行的，我们便想到用记忆化搜索，每次转移模拟题目中聪聪与可可的策略即可。$

$【代码实现】$

 1 #include<cstdio>
 2 #include<cctype>
 3 #include<algorithm>
 4 #include<cstring>
 5 #include<queue>
 6 using namespace std;
 7 typedef double db;
 8 void read(int &v)
 9 {
10     int f;char ch;
11     while(!isdigit(ch=getchar())&&ch!='-'); ch=='-'?(f=-1,v=0):(f=1,v=ch-'0');
12     while(isdigit(ch=getchar())) v=v*10+ch-'0';v=v*f;
13 }
14 const int N=1005;
15 struct sd{
16     int next,to;
17     sd(){};
18     sd(int a,int b){next=a,to=b;}
19 }edge[N<<1];
20 queue<int> que;
21 int head[N],dis[N][N],du[N],n,m,cnt;
22 db dp[N][N];
23 void add_edge(int from,int to)
24 {
25     edge[++cnt]=sd(head[from],to),head[from]=cnt;
26     edge[++cnt]=sd(head[to],from),head[to]=cnt;
27 }
28 void get_dis()
29 {
30     for(int i=1;i<=n;i++){
31         for(int j=1;j<=n;j++) dis[i][j]=-1;
32         dis[i][i]=0,que.push(i);
33         while(!que.empty()){
34             int v=que.front();que.pop();
35             for(int j=head[v];j;j=edge[j].next){
36                 int to=edge[j].to;
37                 if(dis[i][to]==-1) dis[i][to]=dis[i][v]+1,que.push(to);
38             }
39         }
40     }
41 }
42 db dfs(int a,int b)
43 {
44     int v=a;
45     if(dp[v][b]) return dp[v][b];
46     if(v==b) return dp[a][b]=0;
47     for(int i=head[v];i;i=edge[i].next)
48     if(dis[v][b]>dis[edge[i].to][b]||(dis[v][b]==dis[edge[i].to][b]&&v>edge[i].to)) v=edge[i].to;
49     if(v==b) return dp[a][b]=1;
50     for(int i=head[v];i;i=edge[i].next)
51     if(dis[v][b]>dis[edge[i].to][b]||(dis[v][b]==dis[edge[i].to][b]&&v>edge[i].to)) v=edge[i].to;
52     if(v==b) return dp[a][b]=1;
53     for(int i=head[b];i;i=edge[i].next) 
54     dp[a][b]+=dfs(v,edge[i].to);
55     dp[a][b]=(dp[a][b]+dfs(v,b))/(du[b]+1)+1;
56     return dp[a][b];
57 }
58 int main()
59 {
60     int a,b,s,t;
61     read(n),read(m),read(s),read(t);
62     for(int i=1;i<=m;i++) read(a),read(b),add_edge(a,b),du[a]++,du[b]++;
63     get_dis();
64     printf("%.3lf",dfs(s,t));
65     return 0;
66 }