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0 or 1
- HDU - 4370
- 转自:https://www.cnblogs.com/cmmdc/p/7819704.html
- 分析:
- 3个条件明显在刻画未知数之间的关系,从图论的角度思考问题,容易得到下面3个结论:
- 1.X12+X13+...X1n=1 于是1号节点的出度为1
- 2..X1n+X2n+...Xn-1n=1 于是n号节点的入度为1
- 3.∑Xki =∑Xij 于是2~n-1号节点的入度必须等于出度
- 于是3个条件等价于一条从1号节点到n号节点的路径,故Xij=1表示需要经过边(i,j),代价为Cij。Xij=0表示不经过边(i,j)。注意到Cij非负且题目要求总代价最小,因此最优答案的路径一定可以对应一条简单路径。
- 情况A:
- 基本思路就是把矩阵看做一个图,图中有n个点,1号点出度为1,n号点入度为1,其它点出度和入度相等,路径长度都是非负数,等价于一条从1号节点到n号节点的路径,故Xij=1表示需要经过边(i,j),代价为Cij。Xij=0表示不经过边(i,j)。注意到Cij非负且题目要求总代价最小,因此最优答案的路径一定可以对应一条简单路径。
- 最终,我们直接读入边权的邻接矩阵,跑一次1到n的最短路即可,记最短路为path。
- 情况B:
- 从1出发,走一个环(至少经过1个点,即不能是自环),回到1;从n出发,走一个环(同理),回到n。也就是1和n点的出度和入度都为1,其它点的出度和入度为0.
- 由于边权非负,于是两个环对应着两个简单环。
- 因此我们可以从1出发,找一个最小花费环,记代价为c1,再从n出发,找一个最小花费环,记代价为c2。
- 故最终答案为min(path,c1+c2)
- 由于要计算从出发点出发的闭环的路径长度。所以要在普通SPFA的基础上做点变化。
- 就是把dist[start]设为INF。同时一开始并不是让出发点入队,而是让出发点能够到达的点入队。
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#include <iostream> #include <cstring> #include <queue> #include <stdio.h> using namespace std; #define maxn 333 #define inf 0x3f3f3f3f int mmp[maxn][maxn]; int dis[maxn],n,ans1,ans2; bool vis[maxn]; void spfa(int start) { queue<int>q; for(int i=1; i<=n; i++) { if(i==start) dis[i]=inf; else { dis[i]=mmp[start][i]; q.push(i); vis[i]=1; } } vis[start]=0; while(!q.empty()) { int u=q.front(); q.pop(); vis[u]=0; for(int i=1; i<=n; i++) { if(dis[i]>dis[u]+mmp[u][i]) { dis[i]=dis[u]+mmp[u][i]; if(!vis[i]) { vis[i]=1; q.push(i); } } } } } int main() { ios::sync_with_stdio(false); while(cin>>n) { for(int i=1; i<=n; i++) for(int j=1; j<=n; j++) cin>>mmp[i][j]; spfa(1); ans1=dis[n]; ans2=dis[1]; spfa(n); ans2+=dis[n]; cout<<min(ans1,ans2)<<endl; } return 0; }
0 or 1 -SPFA求自环
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