[HNOI2015]亚瑟王

题目描述

小 K 不慎被 LL 邪教洗脑了,洗脑程度深到他甚至想要从亚瑟王邪教中脱坑。他决定,在脱坑之前,最后再来打一盘亚瑟王。既然是最后一战,就一定要打得漂亮。众所周知,亚瑟王是一个看脸的游戏,技能的发动都是看概率的。

作为一个非洲人,同时作为一个前 OIer,小 K 自然是希望最大化造成伤害的期望值。但他已经多年没写过代码,连 Spaly都敲不对了,因此,希望你能帮帮小 K,让他感受一下当欧洲人是怎样的体验。

本题中我们将考虑游戏的一个简化版模型。 玩家有一套卡牌,共 n张。游戏时,玩家将 n 张卡牌排列成某种顺序,排列后将卡牌按从前往后依次编号为 1 ~ n。本题中,顺序已经确定,即为输入的顺序。每张卡牌都有一个技能。第 i 张卡牌的技能发动概率为 pi,如果成功发动,则会对敌方造成di点伤害。也只有通过发动技能,卡牌才能对敌方造成伤害。基于现实因素以及小K非洲血统的考虑,pi不会为 0,也不会为 1,即 0 < pi < 1。 一局游戏一共有 r 轮。在每一轮中,系统将从第一张卡牌开始,按照顺序依次考虑每张卡牌。在一轮中,对于依次考虑的每一张卡牌:

1如果这张卡牌在这一局游戏中已经发动过技能,则

1.1 如果这张卡牌不是最后一张,则跳过之(考虑下一张卡牌); 否则(是最后一张),结束这一轮游戏。

2否则(这张卡牌在这一局游戏中没有发动过技能),设这张卡牌为第 i 张

2.1将其以 pi的概率发动技能。

2.2如果技能发动,则对敌方造成 di点伤害,并结束这一轮。

2.3如果这张卡牌已经是最后一张(即 i 等于n),则结束这一轮;否则,考虑下一张卡牌。

请帮助小 K 求出这一套卡牌在一局游戏中能造成的伤害的期望值。

输入输出格式

输入格式:

输入文件的第一行包含一个整数 T,代表测试数据组数。 接下来一共 T 组数据。 每组数据的第一行包含两个用空格分开的整数 n和r,分别代表卡牌的张数和游戏的轮数。 接下来 n行,每行包含一个实数和一个整数,由空格隔开,描述一张卡牌。第i 行的两个数为 pi和 di,分别代表第 i 张卡牌技能发动的概率(实数)和技能发动造成的伤害(整数)。保证 pi最多包含 4位小数,且为一个合法的概率。

输出格式:

对于每组数据,输出一行,包含一个实数,为这套卡牌在这一局游戏中造成的伤害的期望值。对于每一行输出,只有当你的输出和标准答案的相对误差不超过10^-8时——即|a-o|/a<=10-8时(其中a是标准答案,o是输出),你的输出才会被判为正确。建议输出10 位小数。

输入输出样例

输入样例#1:

1
3 2
0.5000 2
0.3000 3
0.9000 1

输出样例#1:

3.2660250000

说明

一共有 13 种可能的情况:

第一轮中,第 1张卡牌发动技能;第二轮中,第 2张卡牌发动技能;
概率为 0.15,伤害为5。

第一轮中,第 1张卡牌发动技能;第二轮中,第 3张卡牌发动技能;
概率为 0.315,伤害为3。

第一轮中,第 1张卡牌发动技能;第二轮不发动技能;
概率为 0.035,伤害为2。

第一轮中,第 2张卡牌发动技能;第二轮中,第 1张卡牌发动技能;
概率为 0.075,伤害为5。

第一轮中,第 2张卡牌发动技能;第二轮中,第 3张卡牌发动技能;
概率为 0.0675,伤害为4。

第一轮中,第 2张卡牌发动技能;第二轮不发动技能;
概率为 0.0075,伤害为3。

第一轮中,第 3张卡牌发动技能;第二轮中,第 1张卡牌发动技能;
概率为 0.1575,伤害为3。

第一轮中,第 3张卡牌发动技能;第二轮中,第 2张卡牌发动技能;
概率为 0.04725,伤害为4。

第一轮中,第 3张卡牌发动技能;第二轮不发动技能;
概率为 0.11025,伤害为1。

第一轮不发动技能;第二轮中,第 1张卡牌发动技能;
概率为 0.0175,伤害为2。

第一轮不发动技能;第二轮中,第 2张卡牌发动技能;
概率为 0.00525,伤害为3。

第一轮不发动技能;第二轮中,第 3张卡牌发动技能;
概率为 0.011025,伤害为1。

第一轮不发动技能;第二轮亦不发动技能;
概率为 0.001225,伤害为0。

造成伤害的期望值为概率与对应伤害乘积之和,为 3.266025。

对于所有测试数据, 1 <= T <= 444, 1 <= n <= 220, 0 <= r <= 132, 0 < pi < 1, 0 <= di <= 1000。

除非备注中有特殊说明,数据中 pi与di均为随机生成。

请注意可能存在的实数精度问题,并采取适当措施。


概率期望好题

反正我也不会

然后ta给的条件显然就不想让你写以回合为状态的DP

然而我一直在想以回合为状态的DP

所以我就开心的看题解去了

题解设计的状态是\(f[i][j]\)表示当r轮全部完成时前i张卡牌选了j张

所以第[i+1~n]张卡牌只有\((1-(1-p[i])^{r-j}\)的概率被选择到

然后我们要记录一下每张牌的真实被选择概率Ch(因为选完一张就结束)

显然\(Ans = \sum_{i=1}^{n}{Ch[i]*atk[i]}\)

\(1-p[i]\)表示此回合不出手的概率,则(1-p[i])^m就相当于m局不出手的概率

这样状态转移就很好想了

此回合不出手

\(f[i][j] += f[i - 1][j] * (1 - p[i])^{r-j}\)

此回合出手

\(f[i][j] += f[i - 1[j - 1] * (1-(1-p[i])^{r-j+1})\)

然后顺便把Ch算了

\(Ch[i] += f[i - 1[j] * (1 - (1-p[i])^{r-j})\)

然后答案就是\(Ans = \sum_{i=1}^{n}{Ch[i]*atk[i]}\)


#include<cmath>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
const int M = 225 ;
using namespace std ;
int n , m , atk[M] ;
double f[M][M] , p[M] , Ans , Ch[M] ;
int main() {
    int T ; scanf("%d",&T) ;
    while(T--) {
        memset(f , 0 , sizeof(f)) ; memset(Ch , 0 , sizeof(Ch)) ; Ans = 0 ;
        scanf("%d%d",&n,&m) ;
        for(int i = 1 ; i <= n ; i ++ ) scanf("%lf%d",&p[i],&atk[i]) ;
        f[1][0] = pow(1 - p[1] , m) ; Ch[1] = f[1][1] = 1 - pow(1 - p[1] , m) ;
        for(int i = 2 ; i <= n ; i ++)
            for(int j = 0 ; j <= min(i , m) ; j ++) {
                Ch[i] += f[i - 1][j] * (1 - pow(1 - p[i] , m - j)) ;
                f[i][j] += f[i - 1][j] * pow(1 - p[i] , m - j) ;
                if(j > 0) f[i][j] += f[i - 1][j - 1] * (1 - pow(1 - p[i] , m - j + 1)) ;
            }
        for(int i = 1 ; i <= n ; i ++) 
          Ans += Ch[i] * atk[i] ;
        printf("%.10lf\n",Ans) ;
    }
    return 0 ;
}

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转载自www.cnblogs.com/beretty/p/9576644.html