题目描述
你现在要洗L件衣服。你有n台洗衣机和m台烘干机。由于你的机器非常的小，因此你每次只能洗涤(烘干)一件衣服。
第i台洗衣机洗一件衣服需要wi分钟，第i台烘干机烘干一件衣服需要di分钟。请问把所有衣服洗干净并烘干，最少需要多少时间？假设衣服在机器间转移不需要时间，并且洗完的衣服可以过一会再烘干。
输入
输入第一行有3个整数L,n和m。第二行有n个整数w1,w2,...,wn。第三行有m个整数d1,d2,...,dm。
输出
输出一行一个整数，表示所需的最少时间。
样例输入
1 1 1 1200 34
样例输出
1234
题目意思就像题目说的，思路为，对于洗衣机，肯定是每次找结束时间最靠前的那个来洗。对于烘干机，我们仍然可以将其看作是洗衣机，对于每件衣服我们 ， 其实我们可以当成是一个匹配，每一个洗衣机可以匹配一个烘干机，那么这一个时间就是两个时间之和，这个匹配的里面的最大值就是答案, 所以我们需要的就是那个最大值, 所以我们要尽可能是这个最大值最小，所以我们可以拿最大的去匹配最小的，一次匹配，就是答案了，感觉像是二分图，但是又不事，那么答案就是max(a[i]+b[L-i+1])。
AC代码：
#include<stdio.h>
#include<iostream>
#include<queue>
#define LL long long
#define p pair<LL, LL>
#define M 1000000000000000
using namespace std;
const int maxn = 1e6 + 10;
priority_queue<p, vector<p>, greater<p> >q;
LL a[maxn], b[maxn];
int main()
{
int L, n, m;
cin >> L >> n >> m;
for(int i = 1; i <= n; i++)
{
LL x;
cin >> x;
q.push(make_pair(x, x));
}
for(int i = 1; i <= L; i++)
{
p tmp = q.top();
a[i] = tmp.first;
q.pop();
q.push(make_pair(tmp.first+tmp.second, tmp.second));
}
while(!q.empty()) q.pop();
for(int i = 1; i <= m; i++)
{
LL x;
cin >> x;
q.push(make_pair(x, x));
}
LL ans = 0;
for(int i = 1; i <= L; i++)
{
p tmp = q.top();
b[i] = tmp.first;
q.pop();
q.push(make_pair(tmp.first+tmp.second, tmp.second));
}
/*
for(int i = L; i >= 1; i--)
{
p tmp = q.top();
q.pop();
ans = max(ans, a[i]+tmp.first);
q.push(make_pair(tmp.first+tmp.second, tmp.second));
}
*/
for(int i = 1; i <= L; i++)
{
ans = max(ans, a[i]+b[L-i+1]);
}
cout << ans << endl;
return 0;
}