只有：B，D，E，G，I，K，L
正文
B：题目链接 Error
题目：
思路：二分
二分给出一个mid，让第一个数 r 为max（a[1]-d，0），以后的数至少是 r+1，而且太小就直接返回NO，也就是 if( a[i]+mid < r+1) return 0;
因为递增，r最小为 r+1。因为差值小于mid，r最小为 a[i]-mid ，所以 r=max(r+1,a[i]-mid);
int check(int d){
int r=max(0,a[1]-d); //题意给的是正整数，应该是max(1,a[1]-d)，数据估计没卡这点
fo(2,n){
if(a[i]+d<r+1) return 0;
r=max(r+1,a[i]-d);
}
return 1;
}总代码：
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define fo(a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
#define inf 0x3f3f3f3f
#define ll long long
#define M 1000005
int n;
int a[M];
int check(int d){
int r=max(0,a[1]-d);
fo(2,n){
if(a[i]+d<r+1) return 0;
r=max(r+1,a[i]-d);
}
return 1;
}
int main()
{
cin>>n;
fo(1,n) cin>>a[i];
int l=1,r=1e9,ans=-1;
while(l<=r){
int mid=(l+r)/2;
if(check(mid)){
r=mid-1;
ans=mid;
}
else l=mid+1;
}
cout<<ans<<endl;
return 0;
}
D：题目链接 树的果实
题目：
思路： 树的dfs序+莫队
这题属实是没想到出个莫队，想到莫队的话难度不是很大，树遍历dfs序使一个点的子树成为连续的区间。
查询一个节点的子树值，就是查询一个连续区间的值，用普通莫队就可以做出，细节就不多说了，因为这里和莫队模板题很接近了
总代码：
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define fo(a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
#define ll long long
#define int long long
#define M 400010
#define ll long long
int n,m,k,s=0,v,i,j;
int res=0;
struct Node
{
int id,l,r;
bool operator<(const Node temp)const{
if(l/v==temp.l/v) return r<temp.r;
return l<temp.l;
}
}x[M];
struct node
{
vector<pair<int,int>>v;
}xx[M];
int a[M],ans[M],vis[M];
int in[M],out[M],cnt=0;
void dfs(int d,vector<pair<int,int>>&v,int pre)
{
int l=v.size();
in[d]=++cnt;
a[cnt]=v[i].second;
for(int i=0;i<l;i++){
if(v[i].first!=pre){
dfs(v[i].first,xx[v[i].first].v,d);
}
}
out[d]=cnt;
}
void add(int d){
vis[d]++;
res+=d*d*(vis[d]*vis[d]-(vis[d]-1)*(vis[d]-1));
}
void del(int d){
res+=d*d*(-vis[d]*vis[d]+(vis[d]-1)*(vis[d]-1));
vis[d]--;
}
int solve(int l,int r){
while(i<l) del(a[i++]);
while(i>l) add(a[--i]);
while(j<r) add(a[++j]);
while(j>r) del(a[j--]);
return res;
}
signed main()
{
cin>>n>>m>>k;
v=sqrt(n*1.0);
for(int a,b,c,i=1;i<n;i++){
scanf("%lld%lld%lld",&a,&b,&c);
xx[a].v.push_back(make_pair(b,c));
xx[b].v.push_back(make_pair(a,c));
}
dfs(1,xx[1].v,0);
for(int i=1;i<=m;i++){
int temp;
scanf("%lld",&temp);
x[i].l=in[temp]+1;
x[i].r=out[temp];
x[i].id=i;
}
sort(x+1,x+m+1);
i=1,j=0,res=0;
for(int i=1;i<=m;i++) ans[x[i].id]=solve(x[i].l,x[i].r);
for(int i=1;i<=m;i++) printf("%lld\n",ans[i]);
return 0;
}
说过子树一定用dfs序，过程中还是想偏了
E：题目链接 吃利息
题目：
思路：简单模拟
题意看懂问题就不大，大概是每回合两笔收入，一个是5，一个是n/10，而后者最多是5。用循环实现即可
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define fo(a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
#define inf 0x3f3f3f3f
#define dou double
#define EXP 1e-8
#define ll long long
#define M 1000005
int t;
ll n,m,sum=0;
ll a[M];
int main()
{
cin>>n>>m;
while(m--){
n+=(5+min((ll)5,n/10));
}
cout<<n<<endl;
return 0;
}
F：题目链接 Star
题目：
这题是最亏的，大概率用到极角排序求凸包，最后求凸包面积吧，但是思路只有时间复杂度为2^50的暴力搜索，可能再加点凸包封闭不再搜索的优化，太麻烦了码一半自己放弃了。
但是看完唯一的视频题解，样例怎么都没法过，大概思路就是贡献思维，一个边能被贡献上只有右边没有一个点可以理解，但是边贡献的面积是什么都没听懂。
枚举三角形要么多情况，要么少情况，以后有机会会了再更吧
G：题目链接 MP4
题目：
思路：思维+sort
首先字符后面.mp4其实是不影响顺序的，就是数字的字典序排序，n如果很大的话，比如n为100100。可以发现，前面的都是1,10,100,1000,....,100000,100001,100002,100003.....
也就是从s=1开始，每*10添加往后50个数字，s+0,s+1,s+2...s+50，将这些不多的字符串进行sort排序输出即可，也就是保证答案被收录，剩下的交给sort。
这是比赛时保证不WA的代码，再精简情况也是完全可以的
int s=1;
while(s<n){
fo(0,55){
if(s+i<s*10&&s+i<=n){ //添加可能为答案的数
add(s+i);
}
}
s*=10;
}总代码：
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define fo(a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
#define inf 0x3f3f3f3f
#define ll long long
#define M 100005
int n,l=0;
string s[M];
void add(int d)
{
l++;
while(d){
s[l]+='0'+d%10;
d/=10;
}
reverse(s[l].begin(),s[l].end());
s[l]+=".mp4";
}
int main()
{
cin>>n;
if(n<10000){
fo(1,n){
add(i);
}
}
else{
int s=1;
while(s<n){
fo(0,55){
if(s+i<s*10&&s+i<=n){
add(s+i);
}
}
s*=10;
}
}
sort(s+1,s+l+1);
fo(1,50){
cout<<s[i]<<endl;
}
return 0;
}
I：题目链接 展览
题目：
思路：线性基
这题属实离谱，要是只选两个的话，妥妥的字典树
然而这是线性基的模板题，那就没什么好说的了，下面是网上搜的最短的代码，还是自己学一下这个算法比较好
总代码：
#include<cstdio>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N=50+5,Maxbit=50;
ll p[N+1];
int main(){
int n;scanf("%d",&n);
for(int i=1;i<=n;++i){
ll x;scanf("%lld",&x);
for(int j=Maxbit;j>=0;--j){
if(!((x>>j)&1)) continue;
if(!p[j]) {p[j]=x;break;}
x^=p[j];
}
}
ll ans=0,t;
for(int j=Maxbit;j>=0;--j){
t=ans^p[j];
if(t>ans) ans=t;
}
printf("%lld\n",ans);
}
K：题目链接 礼物
题目：
思路：简单模拟
思路就是求最大值，sort或者挨个比较都行，签到题
总代码：
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define fo(a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
#define inf 0x3f3f3f3f
#define dou double
#define EXP 1e-8
#define ll long long
#define M 1000005
int t;
int n;
int a[M];
int main()
{
cin>>n;
fo(1,n){
cin>>a[i];
}
sort(a+1,a+n+1);
cout<<a[n]<<endl;
return 0;
}
L：题目链接 看错题
题目：
思路：思维
这题代码不需要线段树的，但是不会线段树题意是很难懂的，要明白任何时候这个满线段树都是合法的线段树，即顶点=两个子点的和，加子点多少，顶点也加多少，但顶点仍是两子点和
那么所有子点往上走，路程和，也就是答案 =（所有子点和）*（2 ^ 层数-1）
这个图的答案就是
1+3+10 + 2+3+10 + 3+7+10 + 4+7+10
1+2+3+4 就是所有子点和=10，(3+7)+(3+7)=所有子点和*2,10+10+10+10=所有子点和*4。
最后就是（所有子点和）*(1+2+4)=(所有子点和）*（2 ^ 层数-1）
层数是不变的，（2 ^ 层数-1）就= 2*n-1
所以只求所有子点和，那就很简单了，累加ans，每次变化 ans+=z*(y-x+1);
scanf("%lld%lld%lld",&x,&y,&z);
ans+=z*(y-x+1);总代码：
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
#define M 1000005
#define lowbit(a) ((a)&(-a))
#define ll long long
ll n,m,a;
ll ans=0;
int main()
{
scanf("%lld%lld",&n,&m);
for(int i=1;i<=n;i++){
scanf("%lld",&a);
ans+=a;
}
for(int i=1;i<=m;i++)
{
ll x,y,z;
scanf("%lld%lld%lld",&x,&y,&z);
ans+=z*(y-x+1);
printf("%lld\n",ans*(n*2-1));
}
return 0;
}
最后
可以发现前面的是思维，这个是比较接近正式赛的。后面的算法题就很多了，大多是偏算法模板题的。