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题目大意:给出一个字符串,求出截取前缀和后缀后拼接而成的最长回文串,前缀和后缀不能相交
题目分析:题意很简单,思路也不难想,读完题后我尝试性的看了看样例,发现前缀和后缀拼接后如果能够形成回文串,那么有一段是可以直接抵消的,比如样例 2 中的 abcdfdcecba ,我们可以分为三段来看 abcdfdcecba ,显然前缀和后缀橙色的部分是可以抵消的,但是这个字符串的答案是 abcdfdcba ,也就是说除了可以抵消的前后缀,还可能会有蓝色部分的回文前缀或回文后缀,因为前面抵消的部分比较简单,写个双指针乱搞一下就出来了,所以现在问题就转换为了,如何求最长回文前缀或最长回文后缀
最长回文前缀和后缀,之前我是做过一个类似的题目,用马拉车解决的,时间复杂度O(n),且常数小,只需要在内部判断一下是否为前缀或后缀就好了
或者可以直接用回文自动机,O(n)建树然后 len[ last ] 就是最长回文后缀,简单无脑。。虽然有点杀鸡用牛刀,但毕竟不用动脑子也不用改模板呀,还是比较舒服的
还有一种方法是二分+哈希,首先时间复杂度 nlogn ,相对于上面两种方法就稍逊一点了,再加上这是cf,太容易被hack了,属实不推荐
代码:
马拉车:
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<string>
#include<ctime>
#include<cmath>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<stack>
#include<climits>
#include<queue>
#include<map>
#include<set>
#include<sstream>
using namespace std;
typedef long long LL;
typedef unsigned long long ull;
const int inf=0x3f3f3f3f;
const int N=1e6+100;
char ss[N];
char s[N*2];//预处理之后的字符串
char str[N];//原本的字符串
int p[N*2];//最长回文半径
bool front;
int Manacher()
{
int k=0;
s[k++]='!';
for(int i=0;str[i];i++)
{
s[k++]='#';
s[k++]=str[i];
}
s[k++]='#';
s[k]=0;
int ans=0;
p[0]=1;
int id=0,mmax=0;
for(int i=1;i<k;i++)
{
if(i<mmax)
p[i]=min(mmax-i,p[2*id-i]);
else
p[i]=1;
while(s[i-p[i]]==s[i+p[i]])
p[i]++;
if(i+p[i]>mmax)
{
mmax=i+p[i];
id=i;
}
if(i+p[i]==k||p[i]==i)
{
if(ans>=p[i]-1)
continue;
ans=p[i]-1;
if(i+p[i]==k)//后缀
front=false;
if(p[i]==i)//前缀
front=true;
}
}
return ans;
}
int main()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
// freopen("input.txt","r",stdin);
// freopen("output.txt","w",stdout);
#endif
// ios::sync_with_stdio(false);
int w;
cin>>w;
while(w--)
{
scanf("%s",ss+1);
int n=strlen(ss+1);
int l=1,r=n;
deque<char>ans1,ans2;
while(l<r&&ss[l]==ss[r])
{
ans1.push_back(ss[l]);
ans2.push_front(ss[r]);
l++,r--;
}
for(int i=l;i<=r;i++)
str[i-l]=ss[i];
str[r-l+1]=0;
int len=Manacher();
for(int i=0;i<ans1.size();i++)
putchar(ans1[i]);
if(front)
for(int i=l;i<len+l;i++)
putchar(ss[i]);
else
for(int i=r-len+1;i<=r;i++)
putchar(ss[i]);
for(int i=0;i<ans2.size();i++)
putchar(ans2[i]);
putchar('\n');
}
return 0;
}
回文自动机:
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<string>
#include<ctime>
#include<cmath>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<stack>
#include<climits>
#include<queue>
#include<map>
#include<set>
#include<sstream>
using namespace std;
typedef long long LL;
typedef unsigned long long ull;
const int inf=0x3f3f3f3f;
const int N=1e6+100;
char s[N];
int n;
struct Palindrome_tree
{
int nxt[N][26];
int fail[N]; // 当前节点最长回文后缀的节点
int len[N]; // 当前节点表示的回文串的长度
int cnt[N]; // 当前节点回文串的个数, 在getcnt后可得到全部
int sed[N]; // 以当前节点为后缀的回文串的个数(并不是表示第i结尾的回文串的种类数,如果要求每个点结尾的数的回文串个数,得用last)
int record[N]; //record记录了节点回文串的结束位置
char s[N];
int tot; // 节点个数
int last; // 上一个节点
int n;//当前字符串的长度
void newnode()
{
tot++;
memset(nxt[tot],0,sizeof(nxt[tot]));
cnt[tot]=sed[tot]=len[tot]=fail[tot]=0;
}
void init()
{
n=0;
tot=-1;
newnode();
newnode();
len[0] = 0, len[1] = -1; // 0为偶数长度根, 1为奇数长度根
tot = 1, last = 0;
fail[0] = 1;
}
int getfail(int x, int n)
{
while (s[n - len[x] - 1] != s[n]||n-len[x]-1<0) // 比较x节点回文串新建两端是否相等
//n-len[x]-1<0这个是我自己加的,多组的时候光第一个条件是不够的,所以有错请手动删除
x = fail[x]; // 若不同, 再比较x后缀回文串两端
return x;
}
void insert(char ch)
{
int c = ch - 'a';//全小写要用a 全大写要用A 不然会错
s[++n]=ch;
int p = getfail(last, n);// 得到第i个字符可以加到哪个节点的两端形成回文串
if (!nxt[p][c])
{
newnode();
len[tot] = len[p] + 2; // 在p节点两端添加两个字符
fail[tot] = nxt[getfail(fail[p], n)][c]; //tot点的后缀回文,可以由上一个节点的后缀回文尝试得到
sed[tot] = sed[fail[tot]] + 1; // 以当前节点为结尾的回文串个数
nxt[p][c] = tot; // 新建节点
}
last = nxt[p][c]; // 当前节点成为上一个节点
cnt[last]++; //当前节点回文串++
record[last] = n;
}
void get_cnt()
{
for (int i = tot; i > 0; i--)
cnt[fail[i]] += cnt[i];
//fail[i] 的节点 为 i 节点的后缀回文串, 所以个数相加
}
}tree;
int main()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
// freopen("input.txt","r",stdin);
// freopen("output.txt","w",stdout);
#endif
// ios::sync_with_stdio(false);
int w;
cin>>w;
while(w--)
{
scanf("%s",s+1);
n=strlen(s+1);
int l=1,r=n;
deque<char>ans1,ans2;
while(l<r&&s[l]==s[r])
{
ans1.push_back(s[l]);
ans2.push_front(s[r]);
l++,r--;
}
bool front;
int len=0;
tree.init();
for(int i=l;i<=r;i++)
tree.insert(s[i]);
if(tree.len[tree.last]>len)
{
len=tree.len[tree.last];
front=false;
}
tree.init();
for(int i=r;i>=l;i--)
tree.insert(s[i]);
if(tree.len[tree.last]>len)
{
len=tree.len[tree.last];
front=true;
}
for(int i=0;i<ans1.size();i++)
putchar(ans1[i]);
if(front)
for(int i=l;i<len+l;i++)
putchar(s[i]);
else
for(int i=r-len+1;i<=r;i++)
putchar(s[i]);
for(int i=0;i<ans2.size();i++)
putchar(ans2[i]);
putchar('\n');
}
return 0;
}