＃（要約バックパック）羅区P1156ゴミトラップ（増加+ /地方の選挙 - ）

タイトル説明

カルメン-から大切ファーマージョンHolsteins牛-で「うまくジャンク」に陥っています。"まあゴミは"その深さ、地元の農家のごみ処分である $\ルD \ル100）D （2 ≤ D ≤ 1 0 0 ）足。$

カルメンは、同じウェルの高積まれるまで待って、彼女は井戸から逃げることができるようになり、ガベージアップしたいです。また、カルメンは、ジャンクを食べることによって自分たちの生活を維持することができます。

それぞれが食べることを拒否するために使用されるか、または積層して過ごす時間カルメンずにゴミを積み上げることができます。

カルメンが知っていると仮定し、事前に各時間ごみは廃棄 $\ル1000）T （0 < T ≤ 。1 0 0 0 ）、及びそれぞれのダンプの高さ（1 \ルH \ル25 H H （1 ≤ H ≤ 2 5）およびごみに食べるが、ライフタイム維持することができるF（1 \ルF \ル30）、F （1 ≤ F ≤ 3 0 ）、ウェルから脱出するカルメン最も早い時間を要します現在の身体が十分な期間カルメン持っていたと10 。1 、エネルギーの0時間、カルメン場合10 。1 0時間以内に食べていないが、カルメンが餓死します。$

入力形式

最初のライン $\ル100 \ 1）G （1 ≤ G ≤ 。1 0 0 ）、G Gは、十分に置かれている廃棄物の量です。$

第二に $\ルF. \ル30）F. F. （1 ≤ F. ≤ 3 0 ）は、ガベージ時間カルメンの寿命を維持することができることを示し、及び H（1 \ルH \ル25）H （1 ≤ H ≤ 2 5。）ごみは、高さを上げることができます。$

出力フォーマット

カルメンはトラップから登ることができた場合は、全体の出力は、時に最も早く登るアウトを示し、それ以外の場合は出力カルメンは最長のロングを生き残ることができます。

サンプル入力と出力

入力＃1

出力＃1

説明/ヒント

[サンプル記述]

カルメンは、彼女は最初のガベージ受信積み重ね：

カルメンは、彼女が最初に受信食べる

積層のカルメン

この問題は非常に似ている

初期化するには覚えている：に投げられたとき

同様に、ごみの配列をソートするために、私はオーバーロード演算子を使用して（そこにごみに投げ込まれてもよいが、一方では特別な文が存在しないことに注意してください~~（おそらく水データ）~~もし場合、すなわち、加重値を追加することができ

別の：時間によって消費されるエネルギーの各ピース

コードの説明：場合はバックパックのサイクル、 $：それは遷移条件寿命でなければならないGEの\ 長さ（ここでは、時間の期間は≥れますそれは）少しピット$

あなたはバックパック内のループの外にジャンプすることができない場合、すなわち、トリガしない

書式#include <cstdioを>
する#include <CStringの>
の#include <アルゴリズム>
std名前空間を使用しました。
int型の最大値（INT X、int型のY）{X> Yを返すX：Y;}
int型DP [101] [1001]; // DP [I] [J]表示在扔进去第I个辣鸡、在J的高度时的最大生命
構造体ゴミ
{
int型のT、F、H。
フレンドブール演算子<（ゴミA、ごみB）
{
<におけるリターンBT。
}
} R [101]。
INTメイン（）
{
memsetの（DP、-1、はsizeof（DP））。
int型のD、G。
scanf関数（ "％dの％のD"、＆D、およびG）。
以下のための（iは1 = int型; I <= G、I ++）は
scanf関数（ "％D％D％D"、およびR [i]を.T、およびR [i]は.F、＆R [I]・H）。
ソート（R + 1、R + G + 1）。
DP [0] [0] = 10。
R [0] .F = 0。
R [0]・H = 0。
R [0] .T = 0。
（I 0 = int型のために、I <G。

{
IF（DP [I]、[J] <状態0）//なし牛は
、続行しない
= D && DP [I]、[J]> = R＆LT IF（J + R＆LT・H [I + 1]> [I + 1]とき.tr [i]が.T）//次の唯一のゴミを満たすために、この状態を転送するには直接出てジャンプすることができますが、また次のゴミまで出て保持するために牛のエネルギーを満たすために。
{
のprintf（ "％d個の\ N-"は、R [I + 1] .T）;
0を返す;
}
[I + 1]（DP [I] [J] -R＆LT IF R＆LT .T + [I] .T> 0 =）
DP [I + 1] [R＆LT J +は[I + 1] .H。] DP = [I] [J]が-R＆LT [I + 1] R＆LT .T + [I] .T;
IF（DP [私は+ -R＆LTの[I] [J]。1] R＆LT .T + [I] .T> = 0）
+ I DP [1 + I] [J] = MAX（DP [1]〜[J]、DP [I ] [J] -r [I + 1] .T + R [i]は.T + R [I + 1] .F）; // DPとして本明細書に最大[I + 1] [j ] の値が可能であったであろう
}
//現在の状態ならば、そのことを示すことは飛び出しませんでした
もう一度再シミュレーション食べフル//
今、エネルギーが不足し、接着していないとき@牛を
int型メートル= 10、合計= 0 ; // mは今ありますエネルギーは、エネルギーが既に使用されてきた和
<;（= G Iが++ Iがint I = 1）のために
{
IF（R＆LT [I] .tr [-I 1] .T M）>
{
のprintf（「％d個の\ N-」、SUM + m）は、
0を返します。

和+ = R [i]は.tr [I-1] .T。
M- = R [i]は.tr [I-1] .T。
M + = R [i]は.F。
}
のprintf（ "％d個の\ n"、和+ M）。
0を返します。
}