这次比赛做的太差了，几乎每道题都没有想到该得的分。
T1：这一题可以分开处理前后两部分。
对于k<=5*10^5的部分，暴力模拟就好了。
对于k<=100的部分，我们用状压dp。设f[i][j][s]表示完成前i道题，i+1道题减的是c[j]，当前已喝的饮料集合位s的最大得分。
那么枚举一下接下来做i+1道题时的饮料集合s1来转移就好了。
总结：这题我的读题出现了问题，我认为每道题可以以任意顺序来做，但是实际上只能以给出顺序。这一点是看样例解释时可以发现的，但是我没有注意到。以后遇到这种复杂的题目要认真读题，每一个条件都要找到出处。
T2：这题也有点失误，我本来可以拿70分的。
首先设f[i][j]表示i个桶放j个球的方案数的dp大家都能想出来。但是我没有想到可以在处理T个询问之前可以预处理出f的值，然后在询问时直接调用。
正解是找规律：ans=C(n,m)^2*m!。证明可以用数学归纳法。
首先f[r][r]=C(r,r)^2*r!=r!显然，然后我们可以退出f[r+1][r]、f[r+2][r]成立。具体推法就是f[n][m]实际上表示的是在n*n的棋盘里放m个车，使得其不能互相攻击的方案数。
总结：以后遇到这种T很大，每次询问又只有n、m两个数的题，一定是找规律。在找规律时，可以与2的次幂、阶乘、杨辉三角等联系起来。
T3：首先我们发现对于一个点来说，它有1/size的概率使得它对答案的贡献为p（size表示以它为根的子树的大小），剩下(size-1)/size的概率对答案的贡献为1。这时因为一个点只有1/size的概率是它的子树中编号最小的。
这就是说我们确定了root之后把所有点的(p/size+(size-1)/size)乘起来，就是这个root的答案。
但是每一个点都有可能为root，关于这个我们可以dfs一遍来换根就好了。
注意换根时有可能除以一个在mod意义下为0的数。要解决这个问题，我们可以在乘的时候记录一个乘了几个0，然后如果要除以0，那么就减去当前0的个数即可。
