对于一个点 \(x\) 如何求答案？
由于这个图是个有向无环图，可以先拓扑排序一遍，求出每个点的拓扑序，从起点到它的最长路 \(d2\)，从它到终点的最长路 \(d1\)。（我写代码是这么写的，注意顺序）
把拓扑序比小 \(x\) 的点的点集叫 \(A\)，大的叫 \(B\)。答案就是 \(\max\limits{u\in A,v\in B}(d2_u+d1_v+w_{(u,v)})\)。
发现当 \(x\) 的拓扑序变大 \(1\) 时，集合 \(A\) 会多一个数，集合 \(B\) 会少一个数。
可以动态维护最大值。
时间复杂度 \(O(m\log m)\)。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef pair<int,int> PII;
const int maxn=1000100;
#define MP make_pair
#define FOR(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++)
#define ROF(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);i--)
#define MEM(x,v) memset(x,v,sizeof(x))
inline int read(){
int x=0,f=0;char ch=getchar();
while(ch<'0' || ch>'9') f|=ch=='-',ch=getchar();
while(ch>='0' && ch<='9') x=x*10+ch-'0',ch=getchar();
return f?-x:x;
}
int n,m,el,ans1,ans2=2e9,head[maxn],to[maxn],nxt[maxn],el2,head2[maxn],to2[maxn],nxt2[maxn],deg[maxn],id[maxn],cnt,seq[maxn],q[maxn],h,r,d1[maxn],d2[maxn];
multiset<int,greater<int> > fuck;
inline void add(int u,int v){
to[++el]=v;nxt[el]=head[u];head[u]=el;
}
inline void add2(int u,int v){
to2[++el2]=v;nxt2[el2]=head2[u];head2[u]=el2;
}
int dfs(int u){
if(~d1[u]) return d1[u];
for(int i=head[u];i;i=nxt[i]) d1[u]=max(d1[u],dfs(to[i]));
return ++d1[u];
}
int main(){
n=read();m=read();
FOR(i,1,m){
int u=read(),v=read();
add(u,v);add2(v,u);
deg[v]++;
}
MEM(d1,-1);
FOR(i,1,n) if(d1[i]==-1) d1[i]=dfs(i);
h=1;r=0;
FOR(i,1,n) if(!deg[i]) q[++r]=i,seq[id[i]=++cnt]=i;
while(h<=r){
int u=q[h++];
for(int i=head[u];i;i=nxt[i]){
int v=to[i];
d2[v]=max(d2[v],d2[u]+1);
if(!--deg[v]) q[++r]=v,seq[id[v]=++cnt]=v;
}
}
FOR(i,1,n) fuck.insert(d1[i]);
FOR(i,1,n){
int u;
if(i!=1){
u=seq[i-1];
for(int e=head[u];e;e=nxt[e]){
int v=to[e];
fuck.insert(d2[u]+1+d1[v]);
}
fuck.insert(d2[u]);
}
u=seq[i];
for(int e=head2[u];e;e=nxt2[e]){
int v=to2[e];
multiset<int,greater<int> >::iterator it=fuck.find(d2[v]+1+d1[u]);
fuck.erase(it);
}
multiset<int,greater<int> >::iterator it=fuck.find(d1[u]);
fuck.erase(it);
if(*fuck.begin()<ans2) ans1=seq[i],ans2=*fuck.begin();
}
printf("%d %d\n",ans1,ans2);
}