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LG
【简述】
CRT:
有若干方程组:
其中
互质,则令
那么:
扩展CRT:
假设已经有
,则前
个方程有通解:
现在要对于第
个方程,求出一个
,使得:
这样上面可以写成一个二元一次方程的形式,我们可以用扩展
解出最小的
。
然后有:
【参考代码】
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef long double db;
ll mul(ll x,ll y,ll mod){return ((x*y-(ll)((db)x/mod*y)*mod)%mod+mod)%mod;}
ll exgcd(ll a,ll b,ll &x,ll &y)
{
if(!b){x=1;y=0;return a;}
ll res=exgcd(b,a%b,x,y);
ll t=x;x=y;y=t-a/b*y;
return res;
}
int main()
{
ll n,M,ans;
scanf("%lld",&n);scanf("%lld%lld",&M,&ans);
for(int i=2;i<=n;++i)
{
ll A,B,x,y;
scanf("%lld%lld",&A,&B);
ll b=((B-ans)%A+A)%A,gcd=exgcd(M,A,x,y);
if(b%gcd) {puts("error");return 0;}
ll tmp=M;M*=A/gcd;
x=mul(x,b/gcd,A);(ans+=mul(tmp,x,M))%=M;
}
printf("%lld\n",ans);
return 0;
}
扩展卢卡斯太麻烦了不写了。
大概就是考虑每个质因数的贡献,将阶乘拆出来做。
【参考代码】
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
ll qpow(ll x,ll y,ll mod)
{
ll res=1;x%=mod;
for(;y;y>>=1,x=x*x%mod)if(y&1)res=res*x%mod;
return res;
}
void exgcd(ll a,ll b,ll &x,ll &y)
{
if (!b) x=1,y=0;
else exgcd(b,a%b,y,x),y-=a/b*x;
}
ll inv(ll A,ll p)
{
if (!A) return 0;
ll a=A,b=p,x=0,y=0;
exgcd(a,b,x,y);x=((x%b)+b)%b;
return x;
}
ll fac(ll n,ll pi,ll pk)
{
if(!n) return 1;
ll res=1;
if(n/pk)
{
for(ll i=2;i<=pk;++i) if(i%pi) res=res*i%pk;
res=qpow(res,n/pk,pk);
}
for(ll i=2;i<=n%pk;++i) if(i%pi) res=res*i%pk;
return res*fac(n/pi,pi,pk)%pk;
}
ll C(ll n,ll m,ll pi,ll pk)
{
if(m>n) return 0;
ll a=fac(n,pi,pk),b=fac(m,pi,pk),c=fac(n-m,pi,pk);
ll k=0,res;
for(ll i=n;i;i/=pi) k+=i/pi;
for(ll i=m;i;i/=pi) k-=i/pi;
for(ll i=n-m;i;i/=pi) k-=i/pi;
res=a*inv(b,pk)%pk*inv(c,pk)%pk*qpow(pi,k,pk)%pk;
return res;
}
int main()
{
#ifdef Durant_Lee
freopen("LGP4720.in","r",stdin);
freopen("LGP4720.out","w",stdout);
#endif
ll n,m,mod,ans=0;
scanf("%lld%lld%lld",&n,&m,&mod);
for(ll x=mod,i=2;i<=mod;++i) if(!(x%i))
{
ll pk=1;
while(!(x%i)) pk*=i,x/=i;
ans=(ans+C(n,m,i,pk)*(mod/pk)%mod*inv(mod/pk,pk)%mod)%mod;
}
printf("%lld\n",ans);
return 0;
}