【题目】
lydsy
一个长度为
的序列,每个位置可以被染成
种颜色中的一种。若一种方案中出现次数恰好为
的颜色数有
种,则会有
的愉悦值。问所有方案的愉悦值总和对
取模的结果。
【解题思路】
首先这个模数就很
了(
,原根为
)
然后我就发现我不会做了。于是以下来自各种
设
表示出现
次的颜色数上界,设
表示染色后出现了
次的颜色有
种的方案数,则答案就是:
这个
直接求比较难求,于是考虑这样一个容斥,设
:
这个柿子的意思大概是先从
种颜色中选出
种。然后从这
个位置中选出
个进行可重排列,就是
了。接下来剩下的
种颜色,在
个位置上随便填,但由于可能会使某种颜色出现了
次,所以后面这个东西我们需要容斥。容斥的意义就是额外出现了
次的颜色有
种,我们就需要在
种颜色中选出这
种,并在
个位置中选出
个进行可重排列,剩下的位置随便填。
这样
不太好处理,不妨将第二个和式中的
意义改变为实际上有
种颜色出现了
次,那么就是用
替换
并改变循环下标:
接下来就是化简这个柿子,那么将组合数写成阶乘形式后化简:
这里面的
不太好做,不妨把
提到外层,那么最后的答案可以得到:
现在左边是一个只与
有关的柿子,右边是
和
的卷积。
那么我们就可以愉快地做 了,最后复杂度
【参考代码】荣获BZOJ垫底
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N=1e7+10,M=262333,mod=1004535809,G=3;
namespace IO
{
int read()
{
int ret=0;char c=getchar();
while(!isdigit(c)) c=getchar();
while(isdigit(c)) ret=ret*10+(c^48),c=getchar();
return ret;
}
void write(int x){if(x>9)write(x/10);putchar(x%10^48);}
void writeln(int x){write(x);putchar('\n');}
}
using namespace IO;
namespace Math
{
int fac[N],ifac[N];
int upm(int x){return x>=mod?x-mod:(x<0?x+mod:x);}
void up(int &x,int y){x=upm(x+y);}
int mul(int x,int y){return 1ll*x*y%mod;}
int qpow(int x,int y)
{
int res=1;
for(;y;y>>=1,x=mul(x,x)) if(y&1) res=mul(res,x);
return res;
}
int C(int x,int y){if(y>x)return 0;return mul(fac[x],mul(ifac[x-y],ifac[y]));}
void initsth()
{
fac[0]=1;for(int i=1;i<N;++i)fac[i]=mul(fac[i-1],i);
ifac[N-1]=qpow(fac[N-1],mod-2);for(int i=N-2;~i;--i)ifac[i]=mul(ifac[i+1],i+1);
}
}
using namespace Math;
namespace Poly
{
int m,L;
int rev[M];
void ntt(int *a,int n,int op)
{
for(int i=0;i<n;++i) if(i<rev[i]) swap(a[i],a[rev[i]]);
for(int i=1;i<n;i<<=1)
{
int wn=qpow(G,(mod-1)/(i<<1));
if(!~op) wn=qpow(wn,mod-2);
for(int j=0;j<n;j+=(i<<1))
{
int w=1;
for(int k=0;k<i;++k,w=mul(w,wn))
{
int x=a[j+k],y=mul(w,a[i+j+k]);
a[j+k]=upm(x+y);a[i+j+k]=upm(x-y);
}
}
}
if(!~op) for(int inv=qpow(n,mod-2),i=0;i<n;++i) a[i]=mul(a[i],inv);
}
void mulpoly(int *a,int *b,int *c,int n)
{
for(m=1,L=0;m<=n;m<<=1,++L);
for(int i=0;i<m;++i) rev[i]=(rev[i>>1]>>1)|((i&1)<<(L-1));
ntt(a,m,1);ntt(b,m,1);
for(int i=0;i<m;++i) c[i]=mul(a[i],b[i]);
ntt(c,m,-1);
}
}
using namespace Poly;
namespace DreamLolita
{
int n,m,S,lim;
int w[M],f[M],g[M];
void input()
{
n=read();m=read();S=read();lim=min(m,n/S);
for(int i=0;i<=m;++i) w[i]=read();
}
void initf()
{
for(int i=0;i<=lim;++i) f[i]=mul(w[i],ifac[i]),g[i]=upm((i&1?-1:1)*ifac[i]);
mulpoly(f,g,f,lim*2);
}
void getans()
{
int ans=0;
for(int j=0;j<=lim;++j)
{
int t1=qpow(m-j,n-j*S),t2=mul(ifac[m-j],mul(ifac[n-j*S],qpow(ifac[S],j)));
up(ans,mul(mul(t1,t2),f[j]));
}
ans=mul(ans,mul(fac[m],fac[n]));
writeln(ans);
}
void solution(){initsth();input();initf();getans();}
}
int main()
{
#ifdef Durant_Lee
freopen("BZOJ5306.in","r",stdin);
freopen("BZOJ5306.out","w",stdout);
#endif
DreamLolita::solution();
return 0;
}