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Description
对于序列A,它的逆序对数定义为满足i
Input
输入第一行包含两个整数n和m,即初始元素的个数和删除的元素个数。
以下n行每行包含一个1到n之间的正整数,即初始排列。
以下m行每行一个正整数,依次为每次删除的元素。
N<=100000 M<=50000
Output
输出包含m行,依次为删除每个元素之前,逆序对的个数。
题目分析
将删除元素该位插入元素
每个元素以一个三元组
表示
其中属性t代表插入时刻,
代表序列位置,
代表权值
对于第
个删除的元素,将他的属性t赋值为
剩下没有删除的元素的属性t,用
~
任意对应一个就好了
用
表示插入
时刻对应的元素后增加了多少逆序对
那么通过ans的前缀和就可以得出答案了
关键的问题在于求解
不难想到插入
后增加的逆序对数量
就是满足
或
的
的数量
到这里就转化成了可以用CDQ分治求解的三维偏序问题
#include<iostream>
#include<vector>
#include<algorithm>
#include<queue>
#include<cstring>
#include<cstdio>
using namespace std;
typedef long long lt;
#define lowbit(x) ((x)&(-x))
int read()
{
int f=1,x=0;
char ss=getchar();
while(ss<'0'||ss>'9'){if(ss=='-')f=-1;ss=getchar();}
while(ss>='0'&&ss<='9'){x=x*10+ss-'0';ss=getchar();}
return x*f;
}
const int maxn=200010;
int n,m,cnt;
int pos[maxn];
struct node{int t,x,y;}a[maxn],b[maxn];
bool cmp(node a,node b){return a.t<b.t;}
lt tree[maxn],ans[maxn];
void add(int x,int v){ for(int i=x;i<=n;i+=lowbit(i))tree[i]+=v;}
lt qsum(int x){ lt res=0; for(int i=x;i>0;i-=lowbit(i))res+=tree[i]; return res;}
void CDQ(int ll,int rr)
{
if(ll==rr) return;
int mid=ll+rr>>1;
CDQ(ll,mid); CDQ(mid+1,rr);
int t1=ll,t2=mid+1,p=ll;
while(t2<=rr)//先求满足(t_j<t_i, x_j<x_i, y_j>y_i)的j的数量
{
while(a[t1].x<a[t2].x&&t1<=mid)
add(a[t1].y,1),b[p++]=a[t1++];
ans[a[t2].t]+=qsum(n)-qsum(a[t2].y); b[p++]=a[t2++];
}
for(int i=ll;i<t1;++i)
add(a[i].y,-1);
while(t1<=mid) b[p++]=a[t1++];
while(t2<=rr) b[p++]=a[t2++];
for(int i=ll;i<=rr;++i) a[i]=b[i];
for(int i=rr;i>=ll;--i)//上面xi已经被归并升序排序,所以直接倒叙遍历一次即可
if(a[i].t<=mid) add(a[i].y,1);//注意if判断,必须是左子区间对右子区间产生贡献
else ans[a[i].t]+=qsum(a[i].y);
for(int i=ll;i<=rr;++i) if(a[i].t<=mid) add(a[i].y,-1);
}
int main()
{
n=cnt=read();m=read();
for(int i=1;i<=n;++i)
{
int x=read(); pos[x]=i;
a[i].t=0; a[i].x=i; a[i].y=x;
}
for(int i=1;i<=m;++i) a[pos[read()]].t=cnt--;
for(int i=1;i<=n;++i) if(!a[i].t) a[i].t=cnt--;
sort(a+1,a+1+n,cmp);//第一维直接按t升序排序
CDQ(1,n);
for(int i=1;i<=n;++i) ans[i]+=ans[i-1];
for(int i=n;i>=n-m+1;--i) printf("%lld\n",ans[i]);
return 0;
}