我的第一篇博客，挺激动的！
这是关于线段树的题。
线段树，是一种树形结构，它的各个节点都保存的是一条线段。线段树主要是解决动态查询的问题，使用二叉树的结构后，它的操作基本的复杂度为O(logn).
线段树的每个节点表示一个区间，其左右子树表示该节点的左半区间和右半区间。比如说，一个节点为[a, b],中间的值为c=(a+b)/2,左子节点表示的区间为[a,c],右子节点表示的区间为[c+1, b]
Problem Description
C国的死对头A国这段时间正在进行军事演习，所以C国间谍头子Derek和他手下Tidy又开始忙乎了。A国在海岸线沿直线布置了N个工兵营地,Derek和Tidy的任务就是要监视这些工兵营地的活动情况。由于采取了某种先进的监测手段，所以每个工兵营地的人数C国都掌握的一清二楚,每个工兵营地的人数都有可能发生变动，可能增加或减少若干人手,但这些都逃不过C国的监视。
中央情报局要研究敌人究竟演习什么战术,所以Tidy要随时向Derek汇报某一段连续的工兵营地一共有多少人,例如Derek问:“Tidy,马上汇报第3个营地到第10个营地共有多少人!”Tidy就要马上开始计算这一段的总人数并汇报。但敌兵营地的人数经常变动，而Derek每次询问的段都不一样，所以Tidy不得不每次都一个一个营地的去数，很快就精疲力尽了，Derek对Tidy的计算速度越来越不满:"你个死肥仔，算得这么慢，我炒你鱿鱼!”Tidy想：“你自己来算算看，这可真是一项累人的工作!我恨不得你炒我鱿鱼呢!”无奈之下，Tidy只好打电话向计算机专家Windbreaker求救,Windbreaker说：“死肥仔，叫你平时做多点acm题和看多点算法书，现在尝到苦果了吧!”Tidy说："我知错了。。。"但Windbreaker已经挂掉电话了。Tidy很苦恼，这么算他真的会崩溃的，聪明的读者，你能写个程序帮他完成这项工作吗？不过如果你的程序效率不够高的话，Tidy还是会受到Derek的责骂的.
Input
第一行一个整数T，表示有T组数据。
每组数据第一行一个正整数N（N<=50000）,表示敌人有N个工兵营地，接下来有N个正整数,第i个正整数ai代表第i个工兵营地里开始时有ai个人（1<=ai<=50）。
接下来每行有一条命令，命令有4种形式：
(1) Add i j,i和j为正整数,表示第i个营地增加j个人（j不超过30）
(2)Sub i j ,i和j为正整数,表示第i个营地减少j个人（j不超过30）;
(3)Query i j ,i和j为正整数,i<=j，表示询问第i到第j个营地的总人数;
(4)End 表示结束，这条命令在每组数据最后出现;
每组数据最多有40000条命令
Output
对第i组数据,首先输出“Case i:”和回车,
对于每个Query询问，输出一个整数并回车,表示询问的段中的总人数,这个数保持在int以内。
Sample Input
1 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
Query 1 3
Add 3 6
Query 2 7
Sub 10 2
Add 6 3
Query 3 10
End
Sample Output
Case 1:
6
33
59
代码：
//建立线段树时麻烦点，后面就简单了
#include<cstdio>
#include<iostream>
using namespace std;
int a[100005],n,b[200005]={0};
int si(int x,int y,int x1,int y1,int z)
{
if(x==x1&&y==y1)return b[z];
int minn=(x+y)/2;
if(y1<=minn)return si(x,minn,x1,y1,z*2);
if(x1>minn)return si(minn+1,y,x1,y1,z*2+1);
return si(x,minn,x1,minn,z*2)+si(minn+1,y,minn+1,y1,z*2+1);
}
int jian(int x,int y,int z)
{
if(x==y)return b[z]=a[x];
return b[z]=jian(x,(x+y)/2,z*2)+jian((x+y)/2+1,y,z*2+1);
}
void jia(int x,int y,int z,int w,int n)
{
b[z]+=n;
if(x==y)return;
if(w<=(x+y)/2)jia(x,(x+y)/2,z*2,w,n);
else jia((x+y)/2+1,y,z*2+1,w,n);
}
int main()
{
int nn,za,zb,i;
cin>>nn;
for(int ii=1;ii<=nn;ii++)
{
cout<<"Case "<<ii<<":"<<endl;
char s[50];
cin>>n;
for(i=1;i<=n;i++)cin>>a[i];
jian(1,n,1);
while(scanf("%s",&s)!=EOF)
{
if(s[0]=='E')break;
cin>>za>>zb;
if(s[0]=='Q')cout<<si(1,n,za,zb,1)<<endl;
if(s[0]=='S')jia(1,n,1,za,-zb);
if(s[0]=='A')jia(1,n,1,za,zb);
}
}
return 0;
}