bitset 解法
一、思路很简单：
首先，找>=3个和找3个没区别。题目大雾。
一个权值bool数组，当这一位是a时，把a这一位设成1， 查询以a位置为中心的，以n或者1为边界的对称区域是否是回文的。
如果是，说明，可以所有和a等差的项都在前面出现了。
反之不是，就说明有一组的一项在前面出现了，而另一项在前面没有出现过。因为序列是一个1~n的排列，所以另一项肯定在后面出现了。
----> 带修判断区间回文问题 转化成功！
二、正解：
这个题正解是线段树维护hash值（可以想象得到）。
但是太难写了（蒟蒻一个）
所以就写了bitset。
（卡n=10000啊，再大了就不行了）
开两个bitset，
一个从前面看叫bf（bitset_front）
一个从后面看叫bb（bitset_back）
每次遇到一个数a，
就bf.set(a),bb.set(n-a+1)
比较的时候，取出两半的回文位置比较是否相等就好啦！
取的时候，
分w>n/2,w<=n/2 讨论，因为回文半径和bf，bb负责的部分是不同的。
由于要去掉其他干扰位置，就又开了一个bas数组。每次O(n)设置1。需要的时候，左移右移按位与去掉干扰位置。
还有注意，bitset是从0开始的。
所以为了去掉可能的0干扰问题，就都每次set(0)就好啦。
复杂度：O(n^2/32 = 3125000 )
至于如何准确取出，
大家看代码，自行画图理解吧。
（真正提升总是要手动理解的嘛）
代码：
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; const int N=10000+10; int n,t,a; bitset<N>bf,bb,bas,c,d; void clr(){ bf.reset();bb.reset();bas.reset(); } bool che(int w){ if(w>n/2){ c=bf>>(w-1);c.set(0); d=(bb>>(n-w))&(bas>>(w-1));d.set(0); if(d!=c) return true; return false; } else{ c=(bf&(bas>>(n-w)));c.set(0); d=((bb>>(n-2*w+1))&(bas>>(n-w)));d.set(0); if(c!=d) return true; return false; } } int main() { scanf("%d",&t); while(t--){ clr(); scanf("%d",&n); for(int i=1;i<=n;i++) bas.set(i); bool fl=false; for(int i=1;i<=n;i++) { scanf("%d",&a);bf.set(a),bb.set(n-a+1); if(che(a)) fl=true; } if(fl) printf("Y\n"); else printf("N\n"); } return 0; }