Tree bzoj-3282
题目大意:给你n个点,m个操作,支持:非联通两点加边,直接连通两点间删边,更改单点权值,查询路径点权异或和。
注释:$1\le n,m\le 3\cdot 10^5$
想法:这...果真是,LCT的题都是裸题。我们直接维护一个大的LCT,加边用link,删边用cut,干着两个事之前需要find判断一下这两个点的连通性。之后的异或和,我们只需要维护子树异或和。这样我们每次将左端点make_root,然后对于右端点access,之后我们需要询问的区间就是一棵子树,直接查询即可。
最后,附上丑陋的代码... ...
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> using namespace std; #define N 300050 #define ls ch[p][0] #define rs ch[p][1] #define get(x) (ch[f[x]][1]==x) int ch[N][2],f[N],sum[N],n,m,val[N],rev[N]; inline bool isrt(int p) { return ch[f[p]][1]!=p&&ch[f[p]][0]!=p; } inline void pushdown(int p) { if(rev[p]) { swap(ch[ls][0],ch[ls][1]); swap(ch[rs][0],ch[rs][1]); rev[ls]^=1; rev[rs]^=1; rev[p]=0; } } inline void pushup(int p) { sum[p]=sum[ls]^sum[rs]^val[p]; } inline void update(int p) { if(!isrt(p)) update(f[p]); pushdown(p); } void rotate(int x) { int y=f[x],z=f[y],k=get(x); if(!isrt(y)) ch[z][ch[z][1]==y]=x; ch[y][k]=ch[x][!k]; f[ch[y][k]]=y; ch[x][!k]=y; f[y]=x; f[x]=z; pushup(y); pushup(x); } void splay(int x) { update(x); for(int fa;fa=f[x],!isrt(x);rotate(x)) if(!isrt(fa)) rotate(get(fa)==get(x)?fa:x); } void access(int p) { int t=0; while(p) splay(p),rs=t,pushup(p),t=p,p=f[p]; } void makeroot(int p) { access(p); splay(p); swap(ls,rs); rev[p]^=1; } void link(int x,int p) { makeroot(x); f[x]=p; } void cut(int x,int p) { makeroot(x); access(p); splay(p); ls=f[x]=0; } int find(int p) { access(p); splay(p); while(ls) pushdown(p),p=ls; return p; } void fix(int x,int v) { splay(x); sum[x]^=val[x]; val[x]=v; sum[x]^=val[x]; } int main() { scanf("%d%d",&n,&m); int i,x,y,opt; for(i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&val[i]); for(i=1;i<=m;i++) { scanf("%d%d%d",&opt,&x,&y); if(opt==0) { makeroot(x); access(y); splay(y); printf("%d\n",sum[y]); }else if(opt==1) { int t1=find(x),t2=find(y); if(t1!=t2) link(x,y); }else if(opt==2) { int t1=find(x),t2=find(y); if(t1==t2) cut(x,y); }else { fix(x,y); } } }
小结:LCT好强...