Java面试练习刷题记录
目录
我几乎每天都会刷题训练来使自己对各种算法随时保持一个清晰的状态。要知道眼过千遍不如手过一遍，想成为一名合格的开发工程师，更要逼迫自己养成动手的好习惯。
我们都知道，算法的训练对程序员来说及其重要，语言和开发平台不断变化，但是万变不离其宗的是那些算法和理论，刷算法最最最直白的原因就是找一个好的工作，那刷题一定是必不可少的。
现在算法刷题平台还是蛮多的，给大家介绍一个我认为与大厂关联最深的平台——牛客网
相较于其他平台，他们的题单更和工作，大厂靠拢，不光有面试必刷的101到题目，还有大量大厂真题，内容也全程免费，相较于其它会员费结算的来说 非常的友好。
牛客网还支持ACM模式，没有练习过的一定要提前适应！像某团、某为，都要求自己处理输入输出，如果不提前练习会很吃亏的！
牛客的题解更新迭代也很快，讨论区也有技巧的分享，能帮你把所有盲点扫清楚，整体来说还是非常推荐去练习的~
一、附加题
描述
存在n+1个房间，每个房间依次为房间1 2 3...i，每个房间都存在一个传送门，i房间的传送门可以把人传送到房间pi(1<=pi<=i),现在路人甲从房间1开始出发(当前房间1即第一次访问)，每次移动他有两种移动策略：
A. 如果访问过当前房间 i 偶数次，那么下一次移动到房间i+1；
B. 如果访问过当前房间 i 奇数次，那么移动到房间pi；
现在路人甲想知道移动到房间n+1一共需要多少次移动；
输入描述：
第一行包括一个数字n(30%数据1<=n<=100，100%数据 1<=n<=1000)，表示房间的数量，接下来一行存在n个数字 pi(1<=pi<=i), pi表示从房间i可以传送到房间pi。
输出描述：
输出一行数字，表示最终移动的次数，最终结果需要对1000000007 (10e9 + 7) 取模。
示例1
输入：
2 1 2输出：
4说明：
开始从房间1 只访问一次所以只能跳到p1即 房间1， 之后采用策略A跳到房间2，房间2这时访问了一次因此采用策略B跳到房间2，之后采用策略A跳到房间3，因此到达房间3需要 4 步操作。
题解：
/**
* { 0 i=1
* dp[i] = { dp[i-1]+2 i>1,pi[i-1]=i-1
* { dp[i-1]+(dp[i-1]-dp[pi[i-1]])+2 i>1,pi[i-1]<i-1
*/
import java.util.*;
public class Main{
public static void main(String[] args){
Scanner sc = new Scanner(System.in);
int n = sc.nextInt();
// 1-n
int[] pi = new int[n + 1];
// 1-(n+1)
long[] dp = new long[n + 2];
// 1-n
for(int i = 1; i <= n; ++i){
pi[i] = sc.nextInt();
}
sc.close();
long mod = (long)(1e9+7);
// 2-(n+1)
for(int i = 2; i <= n + 1; ++i){
if(pi[i - 1] == i - 1){
dp[i] = (dp[i - 1] + 2) % mod;
}else{
dp[i] = (dp[i - 1] + (dp[i - 1] - dp[pi[i - 1]]) + 2) % mod;
}
}
// System.out.println(Arrays.toString(dp));
System.out.println(dp[n + 1] < 0 ? dp[n + 1] + mod : dp[n + 1]);
}
}
二、编程题1
描述
有三只球队，每只球队编号分别为球队1，球队2，球队3，这三只球队一共需要进行 n 场比赛。现在已经踢完了k场比赛，每场比赛不能打平，踢赢一场比赛得一分，输了不得分不减分。已知球队1和球队2的比分相差d1分，球队2和球队3的比分相差d2分，每场比赛可以任意选择两只队伍进行。求如果打完最后的 (n-k) 场比赛，有没有可能三只球队的分数打平。
输入描述：
第一行包含一个数字 t (1 <= t <= 10)
接下来的t行每行包括四个数字 n, k, d1, d2(1 <= n <= 10^12; 0 <= k <= n, 0 <= d1, d2 <= k)
输出描述：
每行的比分数据，最终三只球队若能够打平，则输出“yes”，否则输出“no”
示例1
输入：
2 3 3 0 0 3 3 3 3输出：
yes no说明：
case1: 球队1和球队2 差0分，球队2 和球队3也差0分，所以可能的赛得分是三只球队各得1分 case2: 球队1和球队2差3分，球队2和球队3差3分，所以可能的得分是 球队1得0分，球队2得3分, 球队3 得0分，比赛已经全部结束因此最终不能打平。
题解：
import java.util.Scanner;
public class Main{
public static void main(String[] args) {
Scanner sc = new Scanner(System.in);
int t = Integer.parseInt(sc.nextLine());
for(int i=0;i<t;i++){
String s = sc.nextLine();
String[] ss = s.split(" ");
long n = Long.parseLong(ss[0]);
long k = Long.parseLong(ss[1]);
long d1 = Long.parseLong(ss[2]);
long d2 = Long.parseLong(ss[3]);
// 利用剩余比赛场次解决
String res = solve2(n,k,d1,d2);
System.out.println(res);
}
}
private static String solve2(long n, long k, long d1, long d2) {
long m1 = k + 2*d1 + d2; //情况1
if(m1 >= 0 && m1 % 3 == 0){ //m有解是大前提
long left = (n - k) - (2*d1 + d2); //需要2d1+d2才能让两个较低的追上最高的达到平局，
if(left >= 0 && left % 3 == 0){ //那么剩下的场次要继续能被3整除才能继续保持平局。
return "yes";
}
}
long m2 = k + 2*d1 - d2;//情况2
if(m2 >= 0 && m2 % 3 == 0){
long left;
if(d1 >= d2){
left = (n - k) - (2*d1 - d2);
}else{
left = (n - k) - (2*d2 - d1);
}
if(left >= 0 && left % 3 == 0){
return "yes";
}
}
long m3 = k - 2*d1 + d2; //情况3
if(m3 >= 0 && m3 % 3 == 0){
long left = (n - k) - (d1 + d2);
if(left >= 0 && left % 3 == 0){
return "yes";
}
}
long m4 = k - 2* d1 - d2; //情况4
if(m4 >= 0 && m4 % 3 == 0){
long left = (n - k) - (d1 + 2*d2 );
if(left >= 0 && left % 3 == 0){
return "yes";
}
}
return "no";
}
}三、 编程题2
描述
有一个仅包含’a’和’b’两种字符的字符串s，长度为n，每次操作可以把一个字符做一次转换（把一个’a’设置为’b’，或者把一个’b’置成’a’)；但是操作的次数有上限m，问在有限的操作数范围内，能够得到最大连续的相同字符的子串的长度是多少。
输入描述：
第一行两个整数 n , m (1<=m<=n<=50000)，第二行为长度为n且只包含’a’和’b’的字符串s。
输出描述：
输出在操作次数不超过 m 的情况下，能够得到的 最大连续 全’a’子串或全’b’子串的长度。
示例1
输入：
8 1 aabaabaa输出：
5说明：
把第一个 'b' 或者第二个 'b' 置成 'a'，可得到长度为 5 的全 'a' 子串。
题解：
import java.util.ArrayList;
import java.util.List;
import java.util.Scanner;
public class Main {
public static void main(String[] args) {
Scanner sc = new Scanner(System.in);
int len = sc.nextInt();
int oper = sc.nextInt();
String str = sc.next();
System.out.println(Math.max(arraySolve(len, oper, str, 'a'), arraySolve(len, oper, str, 'b')));
}
public static int arraySolve(int n, int m, String s, char c) {
int res = 0;
List<Integer> indexes = new ArrayList<>(); // 用来存储a/b的所有下标位置
for (int i = 0; i < n; i++) {
if (s.charAt(i) == c) { //用c来替换其他字符，将c所在下标位置加入
indexes.add(i);
}
}
// 如果要替换的字符个数小于可替换个数，那么直接全部替换即可
if (indexes.size() <= m) {
return n;
}
// 注意端点位置的处理
indexes.add(s.length());
res = indexes.get(m);
for (int i = m + 1; i < indexes.size(); i++) {
res = Math.max(res, indexes.get(i) - indexes.get(i - m - 1) - 1);
}
return res;
} 总结
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