题意:
现在有n个人,第i个人的工资一开始是i,现在有一些人相互讨厌,然后如果第x个人和第y个人相互讨厌,并且x的工资比y高,那么x就会向y炫耀。
x,y,z这三个人的组合是危险的,当x会向y炫耀,y会向z炫耀。
每次修改一个人的工资为大于所有人,并且询问你此时有多少种三人组合是危险的
题解:
那么这道题就有一个很暴力的做法,我们通过样例解释可以发现,其实就是一张有向图,然后答案是每个点的入度*出度。之后的话就是修改每个点的入边为出边。如果每次输入暴力修改每个点的入边为出边的话,乍一看是
的,但是仔细思考可以发现,每一条边只连接了2个人,并且它会翻转当且仅当修改的是被指向的那个人。
也就是说,如果修改一个人的值会翻转n条边,那么只有在接下来修改n个人的值才能将所有边翻转回来。
所以我断定暴力修改的时间复杂度是O(n)的,然后用vector维护每条边的反边,在删除的时候是O(log)的,所以总的时间复杂度是
的。如果用map维护的话,时间复杂度是
最终时间复杂度:
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
const int N=1e5+5;
vector<int>mp[N];
int in[N],out[N];
int main()
{
int n,m,x,y;
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1;i<=m;i++){
scanf("%d%d",&x,&y);
if(x>y)swap(x,y);
mp[x].push_back(y),in[x]++,out[y]++;
}
ll ans=0;
for(int i=1;i<=n;i++)
ans+=1ll*in[i]*out[i];
printf("%lld\n",ans);
int q;
scanf("%d",&q);
while(q--){
scanf("%d",&x);
ans-=1ll*in[x]*out[x];
for(auto i:mp[x]){
mp[i].push_back(x);
ans+=1ll*(in[i]+1)*(out[i]-1)-1ll*in[i]*out[i];
in[x]--,out[x]++,in[i]++,out[i]--;
}
mp[x].clear();
printf("%lld\n",ans);
}
return 0;
}