标点符号的出现晚于文字的出现，所以以前的语言都是没有标点的。现在你要处理的就是一段没有标点的文章。
一段文章T是由若干小写字母构成。一个单词W也是由若干小写字母构成。一个字典D是若干个单词的集合。
我们称一段文章T在某个字典D下是可以被理解的，是指如果文章T可以被分成若干部分，且每一个部分都是字典D中的单词。
例如字典D中包括单词{‘is’, ‘name’, ‘what’, ‘your’}，则文章‘whatisyourname’是在字典D下可以被理解的
因为它可以分成4个单词：‘what’, ‘is’, ‘your’, ‘name’，且每个单词都属于字典D，而文章‘whatisyouname’
在字典D下不能被理解，但可以在字典D’=D+{‘you’}下被理解。这段文章的一个前缀‘whatis’，也可以在字典D下被理解
而且是在字典D下能够被理解的最长的前缀。
给定一个字典D，你的程序需要判断若干段文章在字典D下是否能够被理解。
并给出其在字典D下能够被理解的最长前缀的位置。
Input
输入文件第一行是两个正整数n和m，表示字典D中有n个单词，且有m段文章需要被处理。
之后的n行每行描述一个单词，再之后的m行每行描述一段文章。
其中1<=n, m<=20，每个单词长度不超过10，每段文章长度不超过1M。
Output
对于输入的每一段文章，你需要输出这段文章在字典D可以被理解的最长前缀的位置。
Sample Input
4 3
is
name
what
your
whatisyourname
whatisyouname
whaisyourname
Sample Output
14
6
0
//整段文章’whatisyourname’都能被理解
//whatisyouname前缀’whatis’能够被理解
//whaisyourname没有任何前缀能够被理解
Trie树+DP
我们只需要做一个存在性dp就好了
对于每一个字符串，我们设f[i]表示从1到i位是否能被完全匹配
首先f[0]=1，之后我们对于每一个f[i]=1我们都可以往下匹配
具体的匹配方法自然是丢到Trie树上去，
从i这位开始，一旦遇到一个结束标记就将这个结束标记对应位置的f[x]=1，之后就可以了
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#define re register
#define maxn 1000005
char S[maxn];
int son[505][27],flag[505];
char T[11];
int cnt;
bool f[maxn];
inline int read()
{
char c=getchar();
int x=0;
while(c<'0'||c>'9') c=getchar();
while(c>='0'&&c<='9')
x=(x<<3)+(x<<1)+c-48,c=getchar();
return x;
}
int n,m;
inline void ins()
{
int len=strlen(T+1);
int now=0;
for(re int i=1;i<=len;i++)
{
if(!son[now][T[i]-'a'])
son[now][T[i]-'a']=++cnt;
now=son[now][T[i]-'a'];
}
flag[now]=1;
}
inline void check(int x,int len)
{
int now=0;
for(re int i=x;i<=len;i++)
{
if(!son[now][S[i]-'a'])
return;
now=son[now][S[i]-'a'];
if(flag[now])
//如果这一位是某个单词结束位置，则第I位可以匹配到
f[i]=1;
}
}
int main()
{
n=read();m=read();
for(re int i=1;i<=n;i++)
{
scanf("%s",T+1);
ins();
}
for(re int t=1;t<=m;t++)
{
scanf("%s",S+1);
memset(f,0,sizeof(f));
f[0]=1;
int len=strlen(S+1);
int ans=0;
for(re int i=0;i<=len;i++)
//枚举开始位置
{
if(!f[i])
continue;
ans=i;//前i位是可以匹配到的
check(i+1,len);//从第i+1位到第Len位到TRIE上跑一下
}
if(!ans) puts("-1");
else printf("%d",ans),putchar(10);
}
return 0;
}