【Luogu P1588]は牛を失っ

この質問は、出発点からして、座標X2または別の+1や-1の後に抽象化についてです。これは明らかに探索問題である、と明らかにそれは2点の座標との差にまでステップ数いることがわかります。しかし、10のデータ範囲⁵、直接的エクスポージャー確かMLE検索やTLE、確かではないが、最適化を追加してください。

私たちは、0,10（座標の範囲があることに注意してください⁵、明らかに解決するので、直接剪定なかっただろう、この範囲外の地点まで延長ます。私たちは、BFSの検索を使用するように、明らかに検索するための最初の時間のために、]そのポイントは、この時点までのステップの最小数である必要があり、再度このポイントに到達し、その後、いくつかのメモリを考えて、それを再度検索する必要はありません。

だから、最後の食事の剪定作業がシミュレートされた条件が少ない原因MLEqwqを剪定する場合ので、問題を提示することができます。

書式#include <cstdioを> 
する#include <cstdlib> 
書式#include <アルゴリズム> 
書式#include <CStringの> 
の#include <キュー>
 使用して 名前空間はstdを、
int型の D [ 100010 ]。
ブールチェック（int型x）は
{ 
    返すのx> 0 && X < 100000 &&！D [X]。
} 
INT S、T。
構造体qwq 
{ 
    int型のx、ステップと 
}上; 
ボイドBFS（）
{ 
    キュー <qwq> Q。
    q.push（（qwq）{S、1}）; 
    D [S] = 1 。
    一方、（q.size（））
    { 
        トップ = q.front（）。
        q.pop（）; 
        もし（top.x == t）が復帰。
        もし（チェック（top.x + 1 ））
        { 
            q.push（（qwq）{top.x + 1、top.step + 1 }）。
            D [top.x + 1 ] = top.step + 1 。
        } 
        であれば（チェック（top.x - 1 ））
        { 
            q.push（（qwq）{top.x -1、top.step + 1 }）。
            D [top.x - 1 ] = top.step + 1 。
        } 
        であれば（チェック（top.x << 1 ））
        { 
            q.push（（qwq）{top.x << 1、top.step + 1 }）。
            D [top.x << 1 ] = top.step + 1 。
        } 
    } 
} 
int型のmain（）
{ 
    int型TT。
    scanf関数（" ％のD "、およびTT）;
    一方、（tt-- ）
    { 
        scanf関数（" ％D％D "、＆​​S＆T）。
        memsetの（D、0、はsizeof （d）参照）。
        BFS（）; 
        printf（" ％d個の\ n "、D [T] - 1 ）。
    } 
    戻り 0 。
}