DSCの最大の夢は（そう）、独自のゲームを持っている、あなたは自分自身の仮想世界で奇抜て作成することができ、DSCは成功したと仮定すると、オンラインゲーム（小さなワークショップのようなものを作成しました）、今のコストを節約するために、DSCは、独自のサーバーの健康を維持することを決めたが、時間の不足が常にあります。
SはE分[S、E] DSCを終了し、仮定の分から始めるこの時間は時間ではありません、今回のDSC必要性の誰かがサーバーを維持するためには、当然のことながら、支払われます。nは個々がありますが、[S、E]は、私は、個々のこの時間自由時間（必ずしもすべての[S、E]）AIは、バイ総CI管理手数料、今回は利用できます。
してください今すぐDSCは、少なくとも人々の最小数は毎日、毎日管理サーバが必要とされているので、[S、E]にはプログラムが存在しない場合は、時間を費やすしている、彼は時間[E S、]で空なかった、言いました我々は、管理サーバ1に少なくとも1つの出力を持っています。
入力
最初の三つの整数の列N、S、Eは[S、E] DSCない空の時間に、n個の個体が利用可能で表します
その後、n行は、三の整数aiを各ラインは、CI意味は、i番目の利用可能な個人[AI、BI]時間、採用総オーバーヘッド必要CIで、BI、あります
1 <= N <= 1E5
0 <= S <= E <= 1E5
S <= aiを<= BI <= E
1 <= CI <= 1E5
出力
DSCは、誰かがそれは時間の最小値をとる時間がないのに必要なサーバーを管理するために見つけるには、何のプログラムの出力はありません-1
SampleInput
3 2 4
2 3 2
4 4 1
2 4 4
SampleOutput
3
質問の意味：あなたはn個のサブインターバル尋ね加重の所定の時間間隔や時間間隔を与えるためには、最小限の重量が完全に覆わセクションを指します消費します
アイデア：このタイトルは正の解セグメントツリー+ DPですが、この問題は、私はちょうど所与のサブインターバルを考え、ゲームのポイントを必要としながら、私は覆われている最短経路が、時間の最短間隔の思想にこの質問を見ました右端ポイント（右）の延長、およびサイド0（誤った）にサイドを構築するために、右のポイント1の間隔が、このアイデアは、WAに、後者は前者であり、さらにサンプルを実行する必要はありません。 、問題解決の背後にある外観は、元のマップが拡張した後、orzzzてもを構築することができます知っている、と我々は、それが任意のn個の部分区間を通過できるようにすることを、ゼロの右側のためにサイドを構築するために、その人気のポイントをポイント減少の1を残しましたこれは特に、コードを見て、あなたが他の側下方に戻ることができるということです
#include <stdio.h>
#include <string.h>
#include <queue>
#include <deque>
#include <vector>
using namespace std;
typedef long long LL;///这题会爆int
const int maxn=1e5+5;
const int inf=0x3f3f3f3f;
struct edge
{
LL to,w;
edge() {}
edge(LL tt,LL ww):to(tt),w(ww) {};
};
vector<edge>a[maxn];
struct node
{
LL to,cost;
node() {}
node(LL tt,LL cc):to(tt),cost(cc) {};
friend bool operator < (const node &a,const node &b)
{
return a.cost > b.cost;
}
};
LL dist[maxn],vis[maxn];
int n,m,s,t;
void init()
{
for(int i=0; i<=n; i++)
{
a[i].clear();
}
}
LL dj(int s,int t)
{
for(int i=0; i<=n; i++)
{
dist[i]=inf;
vis[i]=0;
}
priority_queue<node>que;
que.push(node(s,0));
while(!que.empty())
{
node now=que.top();
que.pop();
if(!vis[now.to])
{
vis[now.to]=1;
dist[now.to]=now.cost;
for(int i=0; i<a[now.to].size(); i++)
{
LL t=a[now.to][i].to;
LL c=a[now.to][i].w;
if(!vis[t])
{
que.push(node(t,c+now.cost));
}
}
}
}
return dist[t]==inf ? -1:dist[t];
}
int main()
{
while(~scanf("%d%d%d",&n,&s,&t))
{
init();
for(int i=0; i<n; i++)
{
int x,y,v;
scanf("%d%d%d",&x,&y,&v);
a[x].push_back(edge(y+1,v));///给子区间向右伸长一位
}
for(int i=s+1;i<=n;i++)
{
a[i].push_back(edge(i-1,0));///建立反向边 使其可以遍历任意n个子区间 （有点像反悔）
}
LL ans=dj(s,t+1);
printf("%lld\n",ans);
}
return 0;
}
