题目描述：
Q老师 得到一张 n 行 m 列的网格图，上面每一个格子要么是白色的要么是黑色的。
Q老师认为失去了 十字叉 的网格图莫得灵魂. 一个十字叉可以用一个数对 x 和 y 来表示, 其中 1 ≤ x ≤ n 并且 1 ≤ y ≤ m, 满足在第 x 行中的所有格子以及在第 y 列的 所有格子都是黑色的
例如下面这5个网格图里都包含十字叉
第四个图有四个十字叉，分别在 (1, 3), (1, 5), (3, 3) 和 (3, 5).
下面的图里没有十字叉
Q老师 得到了一桶黑颜料，他想为这个网格图注入灵魂。 Q老师 每分钟可以选择一个白色的格子并且把它涂黑。现在他想知道要完成这个工作，最少需要几分钟？
input：
第一行包含一个整数 q (1 ≤ q ≤ 5 * 10^4) — 表示测试组数
对于每组数据：
第一行有两个整数 n 和 m (1 ≤ n, m ≤ 5 * 10^4, n * m ≤ 4 * 10^5) — 表示网格图的行数和列数
接下来的 n 行中每一行包含 m 个字符 — '.' 表示这个格子是白色的， '*' 表示这个格子是黑色的
保证 q 组数据中 n 的总和不超过 5 * 10^4， n*m 的总和不超过 4 * 10^5
output：
答案输出 q 行, 第 i 行包含一个整数 — 表示第 i 组数据的答案
思路：
首先观察到数据范围，直接开二维数组是存不下的，但是n*m并不大，所以动态数组是可以的。
显然的是，答案一定会在*最多的某一行，和*最多的某一列，答案会是ans=n-ansx+m-ansy.ansx是*最多的行中*的个数。ansy*最多的列中*的个数。
但同样存在问题：
- 如果行和列的交叉处是 . 那么在统计的时候，ans会多计算一个格，此时应该ans--。
- 可能有多个行和多个列都具有最多的*。
输入每行字符串之后遍历，更新ansx和ansy，并将某一行中出现了*的坐标记录下来。最后遍历所有的行和列，但是行中*不满ansx的和列中*不满ansy的可以直接continue。ans的初始值为n-ansx+m-ansy，这也是最朴素的情况。在遍历过程中，如果第i行的动态数组中找不到j，即：ij这个位置是 . ，此时出现了上面描述的第一种情况，则ans--。而一旦ans--了之后，整个遍历即可停止，因为不会有更小的答案了。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<vector>
using namespace std;
int n,m,ansx,ansy,r[50010],c[50010];
char s[50010];
vector<int> v[50010];
int main()
{
int T;
cin>>T;
while(T--)
{
ansx=0,ansy=0;
memset(r,0,sizeof(r));
memset(c,0,sizeof(c));
cin>>n>>m;
for(int i=0;i<n;i++)
v[i].clear();
for(int i=0;i<n;i++)
{
cin>>s;
for(int j=0;j<m;j++)
if(s[j]=='*')
{
r[i]++;
c[j]++;
v[i].push_back(j);
ansy=max(ansy,c[j]);
}
ansx=max(ansx,r[i]);
}
int ans=(n-ansx)+(m-ansy);//朴素的情况
bool goon=0;
for(int i=0;i<n&&!goon;i++)
{
if(r[i]!=ansx) continue;
for(int j=0;j<m&&!goon;j++)
{
if(c[j]!=ansy) continue;
bool flag=0;
for(int k=0;k<v[i].size();k++)
if(v[i][k]==j)
{
flag=1;
break;
}
if(!flag)
{
ans--;
goon=1;
}
}
}
cout<<ans<<endl;
}
return 0;
}