单链表的逆置
class Solution { public: ListNode* reverseList(ListNode* head) { ListNode *p1,*p2,*p3; if(head==NULL||head->next==NULL) return head; p1=head; p2=p1->next; while(p2) { p3=p2->next; p2->next=p1; p1=p2; p2=p3; } head->next=NULL; head=p1; return head; } };
下一道题就是它的应用。
LeetCode234_PalindromeLinkedList (判断是否为回文链表)
题目:
Given a singly linked list, determine if it is a palindrome.
Follow up:
Could you do it in O(n) time and O(1) space?
题解:
判断一个链表是不是回文的,这里要求O(n)时间复杂度和O(1)的空间时间复杂度,总共想了三种办法,三种办法都用到了两个指针,符合题目要求的只有最后一种。
第一种办法:用数组倒着存前半段的链表的值,然后和后半段链表的值进行比较。这种解法运行的时间最久可能是因为数组倒着插入比较耗时。
第二种解法:在第一种的思路的基础上,我们要实现一个倒序,我们干嘛不用现成的数据结构-栈,于是把链表前半段压栈,然后出栈和后面的链表依次比较,这种运行时间最短,但因为用到了栈还是不符合题目要求。
代码:
class Solution { public: bool isPalindrome(ListNode* head) { if(head==NULL||head->next==NULL) return true; stack<ListNode> s; ListNode *fast=head; ListNode *slow=head; while(fast!=NULL&&fast->next!=NULL) { s.push(slow->val); slow=slow->next; fast=fast->next->next; } if(fast!=NULL&&fast->next==NULL) { slow=slow->next; } while(slow!=NULL) { int top=s.top().val; s.pop(); if(top!=slow->val) return false; slow=slow->next; } return true; } };第三种:我们这样想,我们可不可以不借助外在的存储实现倒序呢,其实是可以的,链表反转的时候我们就没有借助外在存储。思路是把后半段的原地链表反转然后和前半段进行比较(当然你也可以反转前半段)运行时间稍微比第二种慢一些,但是符合题目O(1)空间复杂度的要求
代码:
class Solution { public: bool isPalindrome(ListNode* head) { if(head==NULL||head->next==NULL) return true; ListNode *slow=head; ListNode *fast=head; while(fast!=NULL&&fast->next!=NULL) { slow=slow->next; fast=fast->next->next; } if(fast!=NULL&&fast->next==NULL)//奇数个节点 { slow=slow->next;//指向了后半段的开始 } //翻转后半段。 ListNode *p1=slow; ListNode *p2=p1->next; while(p2) { ListNode *p3=p2->next; p2->next=p1; p1=p2; p2=p3; } slow->next=NULL; ListNode *newhead=p1; p2=head; while(p1!=NULL) { if(p1->val!=p2->val) return false; p1=p1->next; p2=p2->next; } return true; } };