2.6研究
2.6.1
GCDは、
ユークリッドアルゴリズムの拡張
非常に明確に具体的な操作手順書を説明し、以下のテンプレートを
int extgcd(int a,int b,int &x,int &y)
{
int d=a;
if(b!=0)
{
d=extgcd(b,a%b,y,x);
y-=(a/b)*x;
}
else
{
x=1,y=0;
}
return d;
}
実際の実施例
1ロックウェル谷P1082合同式
A * X≡1(MODB)由来
A * B MOD X. 1 =
A * X + B * Y. 1 =
A * X + Y * B = 1
と基板が直接設定されています覚えては、最小の正の整数である
との* X≡1(MODB)を使用
偉大な詳細に書かれたブログの首長クリック転送を
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int extgcd(int a,int b,int &x,int &y)
{
int d=a;
if(b!=0)
{
d=extgcd(b,a%b,y,x);
y-=(a/b)*x;
}
else
{
x=1,y=0;
}
return d;
}
int main()
{
int a,b,x,y;
cin>>a>>b;
extgcd(a,b,x,y);
b=abs(b);
while(x<0)
x+=b;
while(x-b>0)
x-=b;
cout<<x<<"\n";
return 0;
}
2.P1516カエル日付
emmm、収穫は場合AX + BY = C、Xが動作後extgcdにわたって正の最小解である、X =(X *(C知られている / D)%(B / D)+ B / D) %(B / D)
が非常に重要で、それは暗唱に推奨される(
以前の質問が直接この式を使用することができます
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int extgcd(long long int a,long long int b,long long int &x,long long int &y)
{
long long int d=a;
if(b!=0)
{
d=extgcd(b,a%b,y,x);
y-=(a/b)*x;
}
else
{
x=1,y=0;
}
return d;
}
int main()
{
long long int x,y,n,m,l;
cin>>x>>y>>m>>n>>l;
long long int a=x-y;
long long int b=n-m;
if(b<0)
{
a=-a;
b=-b;
}
long long int q,w;
long long int c=extgcd(b,l,q,w);
if(a%c==0)
cout<<(q*(a/c)%(l/c)+l/c)%(l/c)<<"\n";
else
cout<<"Impossible\n";
return 0;
}
問題の一部の主要な機能を変更することもできます
int a,b,x,y;
cin>>a>>b;
int c=extgcd(a,b,x,y);
// b=abs(b);
// while(x<0)
// x+=b;
// while(x-b>0)
// x-=b;
cout<<(x*(1/c)%(b/c)+b/c)%(b/c)<<"\n";
return 0;
基本アルゴリズムの数について2.6.2プライム
シングルプライム処理から直接行くことが
整数分解
map <int , int > prime_factor (int n) {
map <int , int >ans ;
for(int i = 2; i * i <= n; i ++) {
while (n % i == 0) {
++ ans [i];
n /= i;
}
}
if(n != 1) ans [n] = 1;
return ans ;
}
素数オングストロームふるいタイプ内のN列挙、O(nloglogn)の複雑
int prime[MAX_N];//第i个素数
bool is_prime[MAX_N+1];//素数为true
//返回n以内素数的个数
int sieve(int n)
{
int p=0;
for(int i=0;i<=n;i++)
{
is_prime[i]=true;
}
is_prime[0]=is_prime[1]=false;
for(int i=2;i<=n;i++)
{
if(is_prime[i])
{
prime[p++]=i;
for(int j=2*i;j<=n;j+=i)
{
is_prime[j]=false;
}
}
}
return p;
}
間隔は、ふるい
の素数= X <Bを見つけます<
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int MAXN = 1000000+5;
bool is_prime[MAXN];
bool is_prime_small[MAXN];
void segment(ll a, ll b)
{
// ------------初始化 --------------
for(ll i=0; i*i<b; i++)
is_prime_small[i] = true;
for(ll i=0; i<b-a; i++)
is_prime[i]=true;
// ---------------------------------
for(ll i=2; i*i<b; i++)
{
if(is_prime_small[i])
{
// 筛[2,sqrt(b)
for(ll j=(ll)2*i; j*j<b; j+=i)
is_prime_small[j] = false;
// 筛[a,b)
for(ll j=max((a-1+i)/i,2ll)*i; j<b; j+=i)
is_prime[j-a] = false;
}
}
}
int main()
{
ll a, b;
cin >> a >> b;
segment(a, b);
ll ans = 0;
for(ll i=a; i<b; i++)
{
if(is_prime[i-a])
ans++;
}
cout << ans << endl;
return 0;
}
高速電力
レベルの方法を繰り返し
Oの複雑さ(LOGN)
1号
long long fact(long long a,long long b,int c)
{
long long sum=1%c;
for(;b;b>>=1)
{
if(b&1)
sum=sum*a%c;
a=a*a%c;
}
return sum;
}
2号
typedef long long ll;
ll mod_pos(ll x,ll n,ll mod) {//快速幂
ll res=1;
while(n>0) {
if(n&1)res=res*x%mod;//如果2进制最低位为1,则乘上x^(2^i)
x=x*x%mod;//将x平方
n>>=1;
}
return res;
}
3号
ll mod_pos(ll x,ll n,ll mod)
{
if(n==0) return 1;
ll res=mod_pow(x*x%mod,n/2,mod);
if(n&1) res=res*x%mod;
return res;
}