luogu P3959（2017noipTG D2T2
多くの質問に会った二日間は、偽装マップをDPなぜ、私は知らない、とこの道はあります。
最短40分、データが実際= 12は、圧力DPように見られる<Nの範囲であり得ます。
解決：
問題は、接続方法を見つけることを意図しており、通信ポイントの同じブロックにおける最小コストこと。
N <= 12は、そうDFS + DP状の圧力を行います。
詳しくはノートを参照してください。
AC码：
書式#include <cstdioを>
書式#include <CStringの>
書式#include <アルゴリズム>
名前空間stdを使用。
整数N、M、CNT、OUT [15]、K、ANS = 1E9 + 7、E [15] [15]、DP [15] [15] [1 << 15]。
// DP [X] [D] [s]は点xの最小の総コストは、セットSの深さdであります
//目標状態CNT ==（1個の<< N）-1
// OUT [i]は層の数であります
空の仕事（int型のx、int型の合計、int型の深いです）
{
//転送方程式DP [X] [深い] [1 <<（X-1）] =分（DP [X] [深い] [1 <<（X-1）]、和+アウト[I] * E [i]は[J]）
//合計は、DPの層は、深い層に、xは現在のコレクションであるときに最適なソリューションです。
もし（合計> = ANS）のリターン; //剪定
もし（X == CNT）
{
ANS = I;
リターン;
}
（I ++; I <= N I = 1の整数）のために
{
もし（（1 <<（I-1）＆X）！）続けます。
用（INT J = 1; J <= N; J ++）
{
（もし！（（1 <<（J-1））＆X）&& E [i]の[j]の<1E9 + 7）
{
もし（DP [J] [深い+ 1] [1 <<（J-1）| X] <=合計+アウト[I] * E [i]は[J]）続けます。
DP [J] [深い+ 1] [1 <<（J-1）| X] =合計+アウト[I] * E [i]の[j]は、
アウト[j]は、[i]は1アウト=。
作業（1 <<（j-1）| X、DP [J] [深い+ 1] [1 <<（j-1）| X]、深い+ 1）。
}
}
}
}
メインint型（）
{
scanf関数（ "％D％D"、＆N、＆M）。
CNT =（1 << N）-1。
memsetの（E、0x3fを、はsizeof（E））。
しばらく（M--）
{
Uをint型、V、W;
scanf関数（ "％D％D％D"、＆U＆V、およびW）
E [U] [V] = E [V] [U] =分（E [U] [V]、W）。
//追加（U、V、W）;アドオン（V、U、W）。
//で[U] ++;で[V] ++;
//アウト[U] ++;アウト[V] ++;
//もし（アウトアウト[U]> [V] &&アウト[U]> OUT [maxu]）maxu = U。
//もし（OUT [V]> OUT [U] && OUT [V]> OUT [maxu]）maxu = V。
// MAXOUT = MAX（MAXOUT、MAX（OUT [U]、[V]アウト））。
}
（I ++; I <= N I = 1の整数）のために
{
memsetの（アウト、0、はsizeof（OUT））。
memsetの（DP、0x3fを、はsizeof（DP））。
OUT [I] = 1。
//初期化
作業（1 <<（I-1）、0,0）。
}
printf（ "％dの\ n" は、ANS）。
0を返します。
}
DP-のようなプレスレビュー：
個人的に私は、最も重要なことのような圧力ビットコンピューティングは、圧力が通常の場合のようなバイナリ圧縮（だと思い聞いた三元、あまりにもあまりない食品）
ビット算術演算のマップが（オンラインで見つけます
ブログ、に非常に感謝し___New2zy___dalao リンクされています。
その後、圧力DPの形式の方法を選択。（個人的な経験を言うように
選択された選挙か、勝つか負ける：Nは、通常、一般的に、各点（ステップ）のための2つのケースが存在する、64超えません。
自然の残りの部分と一般的なDPと同様に（無後効果、最適ステージ）