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分析
ときNOIPの人気グループテストすると、DPはないでしょう
決定的に放棄され、直接、テストでこの質問を見ます
2年後、私は笑って/ようやく問題を理解することができました
はっきり二分法+ DP法的な判断であります
定義
iが利用可能な最大点の位置に到達示し
明らかです
会います
制限の唯一の後半場合、キューは直接単調であることができます
今、より多くの制限が前半考える
私たちは単調に、左へのポインタを維持することができるが、キュー制限値は、その後チームが出て最初の爆弾の後半部分を制限し、前半に会ったとされていることを確認
収穫:
単調なポップアップキューキューは一つだけ条件を満たすことができるたびに
、我々は他の方法で維持する別の状態にします
この方法は、[STO LSR妖精ORZ]非常に一般的な感じです
コード
#include<bits/stdc++.h>
#define in read()
#define re register
using namespace std;
inline int read(){
char ch;int f=1,res=0;
while((ch=getchar())<'0'||ch>'9') if(ch=='-') f=-1;
while(ch>='0'&&ch<='9'){
res=(res<<1)+(res<<3)+(ch^48);
ch=getchar();
}
return f==1?res:-res;
}
const int N=5e5+10;
typedef long long ll;
int head,tail,q[N];
int n,d,K,x[N];
ll score[N],f[N];
bool check(int g){
head=1;tail=0;f[0]=0;
int up=d+g,down=max(1,d-g);
int l=0;//传说中的指针
for(re int i=1;i<=n;++i){
while(x[i]-x[l]>=down){
while(head<=tail&&f[l]>f[q[tail]]) tail--;
q[++tail]=l;
l++;
}
while(head<=tail&&x[i]-x[q[head]]>up) head++;
if(head<=tail) f[i]=f[q[head]]+score[i];
else f[i]=-1e18;//如果无法到达设为-INF
}
ll ans=-1e18;
for(re int i=0;i<=n;++i) ans=max(ans,f[i]);
return ans>=K;
}
int main(){
n=in;d=in;K=in;
for(re int i=1;i<=n;++i) x[i]=in,score[i]=in;
int l=0,r=1e9,ans=-1;
while(l<=r){
int mid=l+r>>1;
if(check(mid)) ans=mid,r=mid-1;
else l=mid+1;
}
cout<<ans;
return 0;
}