二つの検査倍クライ
最初の操作SB T2が20分を失ったが、かろうじて17〜15分乾燥した髪は、最初の行の部屋を立ち往生されているが
私はただリラックスすると、コーチはニュースを来た:次のテストサブ室後
なんてこった !?!?まあテストを継続
T130minは(による暴力へと何のビートを戦うません)カットオフ、T250pts暴力キック、そして無駄の1Hに正の解決策があると思い、30分後、彼らは、T3に移動しました
T3桁DPは、しかし、エラー状態ので、調子の出ない定義され、そして最終的には3分と呼ばれる力で投げ
T3はゼロバースト、と私は死の可変の充電サイクルを定義しているので、それを
私は、全体のリスト、またはrank15の結果を再生するには感じ終え、ランキングを見るrank19見終わったとき?!
それから私は、最初の部屋に剛
私は、この時間は、試験はミスが前を復元することはできませんが、後者が調整されているにもかかわらず、形状の外に常に、どのように言うべき
それを維持
0813:
T1:週
爆発の検索、説明していません
T2:任意の
emmm .....この質問は私のアイデアや他の人が同じではない、について何かを言います
私たちはラインの寄与がXである上、ラインによる寄与ラインをカウントしていると仮定し、この行の寄与はどのくらいです
我々は最初の接頭番号とブロックの各列の和、各行及びlink_xプレフィックスとライン上に接続されたエッジの数を消します
そして、明らかに和link_xのこの行への貢献は、この事は、二次元の接頭辞およびメンテナンスすることができ、O(1)クエリすることができ
しかし、我々はエッジを残したので、これは、問題になり、接頭辞が間違っている可能性があり
私たちは、プレフィックスとlink_y各列に対処し、この問題を解決するには、左側に接続することができます
![](https://images.cnblogs.com/OutliningIndicators/ContractedBlock.gif)
#include <ビット/ STDC ++ H>
の#defineは長い長いllの
使用 名前空間STDを、
CONST INT MX [ 4 ] = { 1、 - 1、0、0 }、私の[ 4 ] = { 0、0、1、 - 1 }。
int型 N、今M、Q、ANS、XXX、YYY、YY、XX、ゾル[ 2002 ] [ 2002 ]、SLM [ 2002 ] [ 2002 ]、SIM [ 2002 ] [ 2002 ]。
チャー S [ 2010 ] [ 2010 ]。
INT メイン(){
scanf関数(" %D%D%D "、&N、&M&Q)。
以下のために(int型 i = 1 ; iが<= N; iは++ )
のscanf(" %sの"、S [I] + 1 )。
以下のために(int型 i = 1 ; iが<= N; iは++ ){
ための(int型 J = 1 ; J <= Mであり、j ++ ){
ゾル[I] [J] =ゾル[I]、[J- 1 ] +ゾル[ I- 1 ] [j]は-sol [I- 1 ] [J- 1 ]。
もし(S [I] [J- 1!] = ' 1 ' && S [I] [J] == ' 1 ')ゾル[I] [J] ++ ;
SLM [I] [J] = SLM [I]、[J- 1 ] + SLM [I- 1 ] [j]を-slm [I- 1 ] [J- 1 ]。
もし(S [I] [J] == ' 1 ' && S [I- 1 ] [j] == ' 1 ')SLM [I] [J] ++ ;
SIM [I] [J] = SIM [I- 1 ] [J]。
もし(S [I] [J] == S [I] [J- 1 ] && S [I] [J] == ' 1 ')SIM [I] [J] ++ ;
}
}
一方(scanf関数(" %D%D%D%D "、およびXXX、&YYY、およびXX&YY)== 4 ){
ANS =ゾル[XX] [YY] -sol [XXX- 1 ] [YY] -ゾル[XX] [yyy- 1 ] +ゾル[XXX- 1 ] [yyy- 1 ] + SIM [XX] [YYY] -sim [XXX- 1 ] [YYY]。
もし(XX-XXX> = 1)ans- = SLM [XX] [YY] -slm [XXX] [YY] -slm [XX] [yyy- 1 ] + SLM [XXX] [yyy- 1 ]。
printf(" %d個の\ n " 、ANS)。
}
戻り 0 。
}
T3:フライ
首先,我们仔细观察鬼畜值的定义,会惊奇的发现他让求的就是C(x,2),即两两相交的个数
又由于y单调递增,问题进一步转化为求逆序对数
然而这题卡内存,我们需要一些特殊的处理方法
我们发现X是由多段等差数列组成的
考虑等差数列中两项Xi和Xi+1的关联,发现Xi+1的答案就是Xi的答案-之前循环次数
因为之前每个数列必有一个数和Xi构成逆序对而和Xi+1构不成逆序对
对每个数列第一项特殊处理就好了
第一个不完整的数列需要加特判
![](https://images.cnblogs.com/OutliningIndicators/ContractedBlock.gif)
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
#define cri const register int
#define re register
using namespace std;
ll c[100010],a;
inline void add(cri x){
for(int i=x;i<=a;i+=i&-i) c[i]++;
}
inline ll get(cri x){
ll ans=0;
for(int i=x;i>=1;i-=i&-i) ans+=c[i];
return ans;
}
int main(){
ll n,X,mod,x,lst,ans=0,num=0,i,lans;
scanf("%lld%lld%lld%lld",&n,&X,&a,&mod);
if(X<a) add(X+1);
lst=X;
x=(X+a)%mod;
for(i=2;i<=n&&x>=a;i++){
lst=x;
x+=a;
if(x>=mod) x-=mod;
}
for(i;i<=n;i++){
if(x<a) ans+=(lst=i-1-(get(x+1))),num++,add(x+1);
else ans+=(lst=lst-num+(x<X));
x+=a;
if(x>=mod) x-=mod;
}
printf("%lld",ans);
}
未完待续咕了