A.暖房（水問題）
一般的な考え方：
あなたは、各部屋の平均サイズ、1個以下の、すなわち最大値と最小値の違いを作ることができますので、それは、広場を犠牲にしているので。
コード：
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
ll n;
int main()
{
//freopen("H:\\c++1\\in.txt","r",stdin);
//freopen("H:\\c++1\\out.txt","w",stdout);
ll c,sum;
scanf("%lld",&n);
while(n--){
scanf("%lld%lld",&c,&sum);
ll s=sum/c,yu=sum%c,ans=0;
//cout<<s<<" "<<yu<<endl;
for(int i=1;i<=min(c,sum);i++){
if(yu){
ans+=(s+1)*(s+1);yu--;
}else{
ans+=(s)*(s);
}
}
printf("%lld\n",ans);
}
return 0;
}B.入手二つのゼロ（結論を探してください）
一般的な考え方：
最初は観察され（（0,0）\）\それがプラスので、も可能で、それは状態に移行することができ、状態が可能である（X、2X \）\次に、\（（B）\ ）\（+ bは\）でなければなりません（\ 3 \）倍数が、これが唯一の必要条件であるが、また、多数の小型の二倍の数を超えることはできませんことを知って、それは正確には十分ではありませんが、あまりにもすることができます。
コード：
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main()
{
//freopen("H:\\c++1\\in.txt","r",stdin);
//freopen("H:\\c++1\\out.txt","w",stdout);
int n,a,b;
scanf("%d",&n);
while(n--){
scanf("%d%d",&a,&b);
if((a+b)%3==0&&max(a,b)<=2*min(a,b)){
puts("YES");
}
else puts("NO");
}
return 0;
}C.無限フェンス（数学）
一般的な考え方：
仮定\（R＆LT> B \）主として決定、（（M1 * R、（\ \ M1 + 1）* R）） ほとんどのBに複数回現れます。だから、見つけるために\（M * B \％のR \） 値を知っている、最低である（GCD（B、R）\）\、その後、実際の裁判官で我々\（GCD（B、R） +（K -1）* B \）と\（R＆LT \）ライン上の関係。
コード：
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
ll gcd(ll a,ll b){
return b==0?a:gcd(b,a%b);
}
ll T,r,b,k;
int main()
{
//freopen("H:\\c++1\\in.txt","r",stdin);
//freopen("H:\\c++1\\out.txt","w",stdout);
scanf("%lld",&T);
while(T--){
scanf("%lld%lld%lld",&r,&b,&k);
if(r==b){ // 特判一个相等的情况，不够其实不用好像
puts("OBEY");continue;
}
if(r<b)swap(r,b);
if(r%b==0){
if(k*b<r){
puts("REBEL");
}else puts("OBEY");
continue;
}
ll g=gcd(r,b);
if(g+(k-1)*b<r){
puts("REBEL");
}else puts("OBEY");
}
return 0;
}トラップとD. Aゲーム（半分貪欲+）
一般的な考え方：
上半期のバンドの数が最も可能性の高い焦点が判断する方法で、判断し、次にしたい、とします。いずれにしても軍が歩かなければならい（\ 1 + N）\ステップを、我々は2つの鉱山のために、チューブに行くことができない（（L_1、R_1）、（L_2、R_2）\）\あれば、（L_2 <= \ R_1は\） 、そして最良の方法は、一回に行くことです\（R_2 \） 、そうでない場合は、通常のシミュレーションをして、人々と戻ってきます。
コード：
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=2e5+10;
int a[N];
int n,m,k,t;
struct node{
int l,r,d;
node(int a=0,int b=0,int c=0){l=a,r=b,d=c;}
}lei[N];
vector<node>tt;
bool cmp(node a,node b){
return a.l<b.l;
}
bool check(int x){
tt.clear();
int nl=a[x];
for(int i=1;i<=k;i++)if(lei[i].d>nl)tt.push_back(lei[i]);//有危险的雷
if(tt.size()==0)return 1;
int ans=n+1,mx=0,now=tt[0].l-1;//部队行动距离必然要为n+1
for(int i=0;i<int(tt.size());i++){
mx=tt[i].r;
int j=i+1;
while(j<int(tt.size())&&tt[j].l<=mx)mx=max(mx,tt[j].r),j++;//有交集
ans+=(mx-now)*2;
now=tt[j].l-1;//更新
i=j-1;
}
//cout<<x<<" "<<ans<<endl;
if(ans<=t)return 1;//比较
else return 0;
}
int main()
{
//freopen("H:\\c++1\\in.txt","r",stdin);
//freopen("H:\\c++1\\out.txt","w",stdout);
scanf("%d%d%d%d",&m,&n,&k,&t);
for(int i=1;i<=m;i++)scanf("%d",&a[i]);
sort(a+1,a+1+m);//按能力排序
reverse(a+1,a+1+m);//降序
for(int i=1;i<=k;i++){
scanf("%d%d%d",&lei[i].l,&lei[i].r,&lei[i].d);
}
sort(lei+1,lei+1+k,cmp);//按l排序
int ans=0,l=1,r=m;
while(l<=r){//二分
int mid=(l+r)/2;
if(check(mid)){
ans=mid;l=mid+1;
}else r=mid-1;
}
printf("%d\n",ans);
return 0;
}E.トーナメント（貪欲）
一般的な考え方：
私たちは、各ラウンドは、私たちの貪欲な戦略は、人々に多くの人々の可能性outとして多くの電力を作ることです、何人かの人々を排除することを、我々はコストを削減するだけでなく、中にできた\（K \）最初のラウンド、\（2 ^ k個-1 \）個人、彼らは排除されなければならないので、我々は戻ってから開始するので、我々は、選択することはできません、私たちのそれぞれは、ライン上で最小を過ごすために選択することもできます。
コード：
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
const int N=(1<<20);
int n;
int a[N];
int vis[N];
multiset<int>s;
int main()
{
/* freopen("H:\\c++1\\in.txt","r",stdin);
freopen("H:\\c++1\\out.txt","w",stdout);
*/ scanf("%d",&n);
for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%d",&a[i]);
for(int i=0;(1<<i)<=n;i++)vis[(1<<i)]=1;
ll ans=0;
for(int i=n;i>=1;i--){
if(a[i]==-1)break;
s.insert(a[i]);
if(vis[i]){//选择可以选的代价最小的人
ans+=*(s.begin());
s.erase(s.begin());
}
}
printf("%lld\n",ans);
return 0;
}