：配信ポイント、裸GCD。
1の#include <stdio.hの>
2 の#define ILインライン
3 の#defineは整数レジスタ
4 INT T、A、B、Dと、
5、ILの空隙 GCD（INT A、INT B）{
6 場合 {D =（B！）。返す;}
7 GCD（B、％のB）。
8 }
9、ILの空隙 FR（INT＆NUM）{
10 NUM = 0。チャー C = GETCHAR（）。int型のp = 1 ;
11 しばらく（C < ' 0 ' || C> ' 9 '）C == ' - '？P = - 1、C = GETCHAR（）：C = GETCHAR（）。
12 一方、（C> = ' 0 ' && C <= ' 9 '）NUM = NUM * 10 + C- ' 0 '、C = GETCHAR（）。
13 NUM * = P。
14 }
15 INT メイン（）{
16個の FR（T）。
17 一方（T-- ）
18 FR（A）、FR（b）は、GCD（a、b）は、1？プット（" 有限"）：プット（" 無限" ）。
19 リターン 0 ;
20 }
B：直接ラインに費やした全ての利用への配信ポイント。
1の#include <stdio.hの>
2の#include < ストリング・H>
3 の#defineがINTレジスタ
4 の#define ILインライン
5 使って 名前空間STDを、
6 のconst int型 N = 100005 。
7 INT T、N、A、B、C、ANS。
8 チャーS [N]、[N] O。
9、ILの空隙 FR（INT＆NUM）{
10 NUM = 0。チャー C = GETCHAR（）。int型のp = 1 ;
11 しばらく（C < ' 0 ' || C> ' 9 '）C == ' - '？P = - 1、C = GETCHAR（）：C = GETCHAR（）。
12 一方、（C> = ' 0 ' && C <= ' 9 '）NUM = NUM * 10 + C- ' 0 '、C = GETCHAR（）。
13 NUM * = P。
14 }
15 INT メイン（）{
16個の FR（T）。
17 一方（T-- ）{
18 のscanf（"％D％D％D％D％S "、＆N、＆、＆B、＆C、+ S 1）、ANS = N;
19 のために（それi = 1 ; iが<= N; ++ I）{
20 であれば（S [I] == ' S ' && A）-A-、O [I] = ' R ' ;
21 そう なら（S [I] == ' R ' && B）-B-、O [I] = ' P ' ;
22 そう なら（S [I] == ' P ' && C）[i]は= O、-C、' S ' 。
23の 他の句 [I] = O ' K" ;
24 }
25 のために（それi = 1 ; iが<= N; ++ I）
26 であれば（[I] == O ' K ' ）{
27 であれば、[I] = O（A）' R '、 - A ;
28 他の 場合（B）O [I] = ' P '、 - B。
29 他の 場合 [i]は= O（C）' S ' - 、ステップと、c
30 - ANS;
31 }
32 であれば（ANS <（（N +1）>> 1））（置く" NO " ）;
33 他{
34 プット（" YES " ）;
35 のために（これはI = 1 ; I <= N; ++ I）のputchar（O [I]）;のputchar（' \ nを' ）;
36 }
37 }
38 リターン 0 。
39 }
C：、ポイントを得る手で遊ぶには、各ブロックの寄与はフィボナッチ数で見つかりました。そして、この質問の前にCFの前にいるかのように。
1 #include<stdio.h>
2 #include<string.h>
3 #define it register int
4 #define il inline
5 using namespace std;
6 const int N=1000005;
7 const long long mod=1e9+7;
8 char s[N];
9 long long f[N],ans=1;
10 int n;
11 il void fr(int &num){
12 num=0;char c=getchar();int p=1;
13 while(c<'0'||c>'9') c=='-'?p=-1,c=getchar():c=getchar();
14 while(c>='0'&&c<='9') num=num*10+c-'0',c=getchar();
15 num*=p;
16 }
17 int main(){
18 scanf("%s",s+1),n=strlen(s+1);
19 f[0]=f[1]=1,f[2]=2;for(it i=3;i<=n;++i) f[i]=(f[i-1]+f[i-2])%mod;
20 for(it i=1;i<=n;++i){
21 if(s[i]=='u'||s[i]=='n'){
22 it j;
23 for(j=i;s[j]==s[i]&&j<=n;++j);
24 ans=1ll*ans*f[j-i]%mod,i=j-1;
25 }
26 if(s[i]=='m'||s[i]=='w'){
27 putchar('0');return 0;
28 }
29 }
30 printf("%lld",ans);
31 return 0;
32 }
D：最小生成树，预处理每一对(i,j)的连边就行。n个点连通就跳出不做。而且这题据说是USACO某道原题。。
E：不会。
F：数位dp。我不会告诉你我离正解只差一个特判的！
我还是菜啊，怎么大家纷纷切E，我就E不会怎么搞。。
而且。。用血的教训告诉大家：
1.数位dp，要判断l=0的情况，不可以盲减一。
2.交题目的时候手速要快，不要犹豫！否则你就是交不上去的那个人……
由于还在system testing 先放上我没有fst的几题的代码。