この品質監督遅かれ早かれ解雇します、そしてこのデータは、実際に水の問題で、私は2つのアプローチが、後に間違った場所を与えてみました......
ソリューション[NOIP2011]スマート品質監督
所与：タイトル効果\（N- \）鉱石番目、鉱石あたりの重量有する\（W \） 、および値の\（V \）を与え、\（M \）間隔\（[L_iを、R_iを] \）、間隔寄与定義\（[L_iを、R_iを] \でY_I = \ sum_j1 \タイムズ\ sum_j v_J \クワッドJ \と\; w_j> Wが=ある\） 、最適なパラメータを見つける\を（Wは\）ように\（\和Y \）できるだけ近い所与\（S \）
分析：理解するためにまず、この質問\（Y \）値は単調であるため、\（W \）が小さくなって、より多くの我々は、鉱石を選択することができますので、\（Y \）より大きい
そして、私たちは二部と思うに行くことができ、最初に私たちは、与えられた入力します\（W \）重いと昇順にソートし、その後、この場合、我々は最低見つけることができます\（W_i \）ように\（\合計Y \の当量をS \）場合、次に（\ Wは\）であるテイク（w_i-1 \）\場合SUM Y> S \）\（\（境界の場合、すなわち\（I = 1 \） 、次いで満たさない）、時間我々は\（W_i \）と\（W_ {I-1} \） 最適解を取るのに十分で
しかし、我々はしたい、問題に注意を払う（\ w）は\コレクションに挿入された\（INF \） （ので、この質問は本当に水データである）、それはすべての鉱石の状況を表現することができるように、値が選択されていません
問題は（もあります脳のサプリメントパパの声）、カウントするためにどのように\（\ Y-SUM \）暴力の複雑さの言葉ならば、\（\）がnmに直接天国に（ツリーが会長を書き始め、半分だと思い書きました彼の平手打ちをポンピング）、我々驚き数は鉱石の条件を満たすことが見出されている、かどうか\（\和のV \）は、すべての接頭辞を最適化するために使用することができるので、単一の二分の複雑さを行うことができる\（N + m個\）のレベル
以下のように複雑\（O（（N + M ）\ログ、カード（））W \）
\（\ CZ）真の神である、テーブル再生されない\（56msを\） ORZの外に実行する方法であります
// luogu-judger-enable-o2
#include <algorithm>
#include <cstdio>
#include <cctype>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int maxn = 2e5 + 100;
inline ll read(){
ll x = 0;char c = getchar();
while(!isdigit(c))c = getchar();
while(isdigit(c))x = x * 10 + c - '0',c = getchar();
return x;
}
struct Seg{int l,r;}seg[maxn];
struct Stone{int w,v;}stone[maxn];
ll sum_cnt[maxn],sum_v[maxn],w[maxn],s;
int n,m,l = 0x7fffffff,r = -0x7fffffff,tmp;
ll solve(int w){
ll res = 0;
for(int i = 1;i <= n;i++)
if(stone[i].w >= w)sum_cnt[i] = sum_cnt[i - 1] + 1,sum_v[i] = sum_v[i - 1] + stone[i].v;
else sum_cnt[i] = sum_cnt[i - 1],sum_v[i] = sum_v[i - 1];
for(int i = 1;i <= m;i++)
res += (sum_cnt[seg[i].r] - sum_cnt[seg[i].l - 1]) * (sum_v[seg[i].r] - sum_v[seg[i].l - 1]);
return res;
}
int main(){
n = read(),m = read(),s = read();
for(int i = 1;i <= n;i++)
w[i] = stone[i].w = read(),stone[i].v = read();
for(int i = 1;i <= m;i++)
seg[i].l = read(),seg[i].r = read();
w[n + 1] = 0x7fffffff;//插入一个INF代表所有矿石都不选
sort(w + 1,w + 2 + n);
int siz = unique(w + 1,w + 2 + n) - w - 1;//去重 + 排序
l = 1,r = siz;
while(l <= r){
int mid = (l + r) >> 1;
if(solve(w[mid]) <= s)tmp = mid,r = mid - 1;
else l = mid + 1;
}
ll ans = min(abs(solve(w[tmp]) - s),abs(solve(w[tmp - 1]) - s));//取最优
return printf("%lld\n",ans),0;
}