問題の意味:AとB、nとmのBAシーケンスのAB必要なシーケンス番目(M + N)の文字列で、あなたに2 *(N + M)の長さを聞いて、いくつかのような文字列があります
https://ac.nowcoder.com/acm/contest/881/E
アイデア:
その後明らかに、AB Aの最初のn個のAのためのBA BのBなければならない最初のmが存在するであろう、nおよびm AB BAのためのサブ配列、有効な文字列があると 私はAのBAがある最初のn Aであった場合、私は明らかに、その後、最初のn AのAB用マスト簡単にして、より後ろからBまでを見つけることができなかったため
我々は、i番目のAjとBのための[i]の[j]のDPを想定してみましょう:
私はそれが直接Aを配置することができる<Nであれば、上記の理由
N - (Iように、N - 私は> = N、我々はA及びBは、正面とBAを与える場合、現在必要なBA Aは分(J、M)数であり、彼は私を与えていることを確認する必要がある場合)<分(J、M)を排出し続けることができます。
コード:
#include <cmath> の#include < 設定 > の#include <地図> の#include <キュー> の#include <cstdioを> する#include <ベクトル> の#include <CStringの> する#include <iostreamの> する#include <アルゴリズム> 使用して 名前空間STD。 typedefの長い 長いLL。 typedefの符号なしの長い 長いULL。 const int型 MAXN = 2E3 + 5 。 const int型 M = 50 + 5 。 constの ULLシード=131 。 const int型 INF = 0x3f3f3f3f 。 const int型 MOD = 1E9 + 7 。 LL DP [MAXN] [MAXN]。 INT のmain(){ int型N、M。 しながら(〜のscanf(" %d個の%のD "、&N、&M)){ ため(int型 I = 0 ; iがM <= N +; iが++ ){ ため(INT J = 0 ; J <= N + M。 J ++ ){ DP [I] [J] = 0 ; } } DP [ 0 ] [ 0 ] = 1 。 以下のために(int型 i = 0 ; iが<= N + Mは、iが++ ){ ための(int型 J = 0 ; J <= N + M; J ++ ){ 場合(iがn <||(I - N)<J){ // プッシュ DPを[I + 1 ] [j] =(DP [I + 1 ] [J] + DP [I] [J])%MOD。 } であれば(J <M ||(J - M)<I){ // プッシュBの DP [I]、[J + 1 ] =(DP [I] [J + 1 ] + DP [I] [J]) %MOD。 } } } のprintf(" %LLDする\ n "、DP [N + M] [N + M])。 } 戻り 0 。 }